Mindennapi hatványösszegeink
|
|
- Aurél Bodnár
- 5 évvel ezelőtt
- Látták:
Átírás
1 Mindennai hatványösszegeink Szalkai István Pannon Egyetem, Veszrém, February, 07 Haladvány Kiadvány, 0700, htt://wwwmathbmehu/~hujter/700df Bevezetés Az általánosított hatványközeeket H := r x + ::: + x n n () és hatványösszegeket S := x + ::: + x n = n H () már lassan másfél évszázada "feltalálták": x ; :::; x n tetsz½oleges nemnegatív valós számok, R, 6= 0, ráadásul "körülöttünk élnek" Mégis nagyon kevéssé ismertek mind a tanárok, diákok, mind a szakemberek körében Ebben a cikkben ár egyszer½u közéiskolás feladatot elemzünk (sorrend nélkül): megle½o kitev½okkel találkozunk, melyeket a cikk legvégén táblázatban is összefoglalunk (A * Feladat Descartes tétele, bizonyítása nem egyszer½u!) A H hatányközeeket néha Hölder közéértéknek is nevezik (Otto Hölder, , német matematikus) után, de nem a fenti 6 egyenl½otletséget nevezik Hölder-egyenl½otlenségnek (lásd l [9], [0]) A H; S; K; M; ::: bet½uket nem egységesen használja a szakirodalom [] -ben H és S () és () rengeteg gyakorlati, matematikai és m½uszaki alkalmazását ismerhetjük meg, sajnos a magyar nyelv½u [] honlaon nincs ilyen felsorolás [4] 6 része érdekesen szemlélteti a Pitagoraszi közéértékeket a traéz különböz½o közévonalaival A súlyozott közéértékekr½ol [4], [5] és [] -ben is olvashatunk H és S tulajdonságai Azonnal szembeötlik, hogy: = esetén H = A = számtani (aritmetikai) közé, = esetén H = Q = négyzetes (kvadratikus) közé, = esetén H = H = harmonikus közé, továbbá = esetén S = x + x a zikából jól ismert "relusz" (recirok lusz)
2 és Aránylag könnyen belátható még (lásd l []): a mértani (geometriai) közé, továbbá tetsz½oleges és = ontosan csak akkor van, ha x = ::: = x n lim (x ; :::; x n )!+ = max (x ; :::; x n ), () lim (x ; :::; x n )! = min (x ; :::; x n ), (4) lim H (x ; :::; x n ) = n x ::: x n (5)!0 < + esetén H (x ; :::; x n ) H (x ; :::; x n ) (6) (a bizonyítást ld l []-ben) Tehát a H közeek messzemen½o általánosításai a Pitagoraszi közéértékeknek (számtani, mértani, stb), s½ot súlyozott változataik is gyakran használatosak: tetsz½oleges w ; :::; w n R + ozitív súlyokra amely a w 0 i := H w := r w x + ::: + w n x n w + ::: + w n és S w := w x + ::: + w n x n, (7) w i w + ::: + w n helyettesítés után H w := w 0 x + ::: + w 0 nx n (w 0 + ::: + w 0 n = ) alakban is írható Seciálisan w = ::: = w n = wi 0 = esetén visszakajuk ()-et n H és S homogén függvények: tetsz½oleges 0 < valós számra H (x ; :::; x n ) = H (x ; :::; x n ) és S (x ; :::; x n ) = S (x ; :::; x n ) A feladatok 0 Feladat: Mutassuk meg, hogy a traéz általánosított közévonala az oldalak súlyozott ax + cy számtani közee: k = x + y 0ábra: Traéz általános közévonala Feladat: Érintse három kör mindegyike a másik kett½ot és egy egyenest Milyen összefüggés van a három kör sugara között? Feladat : Érintse négy kör mindegyike mindegyik másikat Milyen összefüggés van a körök sugarai között? Feladat: Két-két azonos hosszú (a és b) lécb½ol készítettünk ajtókeretet, de nem lett derékszög½u Milyen összefüggés van az így kaott aralelogramma átlói és a tervezett téglala átlója között?
3 - ábrák: Az - feladatokhoz 4 Feladat: Milyen összefüggés van egy háromszög beírt- és hozzáírt köreinek sugarai között? 5 Feladat: Húzzunk árhuzamosokat egy tetsz½oleges háromszög tetsz½oleges bels½o ontjá keresztül Milyen összefüggés van a keletkezett kis háromszögek és a nagy háromszög alábbi méretei között: a) területek, b) kerületek, c) körülírt körök átmér½oi, d) szögek összege, e) mint alaok fölé írt egységnyi magasságú hasábok térfogatai, f) mint alaok fölé írt olyan tetraéderek térfogatai, amelyekben az alala és az oldallaok egy rögzített! szöget zárnak be 4ábra: Az 5a) feladathoz 6 Feladat: Egy tetsz½oleges tetraéder tetsz½oleges bels½o ontján átmenve húzzunk árhuzamos síkokat a laokkal Milyen összefüggés van a keletkezett kis tetraéderek és a nagy tetraéder alábbi méretei között: a) térfogatok, b) felszínek, c) körülírt gömbök átmér½oi, d) élek összege 7 Feladat: Bontsunk fel egy n dimenziós tetraédert vagy kockát m (nem feltétlenül egybevágó) kisebb tetraéderre/kockára Milyen összefüggés van az eredeti test és a kis testek ` dimenziós felületei között? Megjegyzés: A feladat nem említi, hogy a kis testeknek hasonlóaknak kell lenniük a nagy testhez A feladat ez a feltétel nélkül nyilván megoldhatatlan Azonban a feladat (ontosabban a keresett összefüggés) nem csak tetraéderekre és kockákra érvényes, hanem bármilyen n dimenziós testnek hozzá hasonló testekre történ½o felbontására is (Lásd még [] és az 5 ábrát) 5ábra: A 7 feladathoz
4 Megoldások Feladat megoldása: A körök közéontjaiból bocsássunk mer½olegeseket az egyenesre és a most behúzott mer½olegesekre Néhány Pitagorasz tétel és kis rendezés után megkajuk a végeredményt: = +, (8) R R R vagyis =! R = S (R ; R ), 6ábra: Az feladat két megoldása Ne feledjük: ha az R és R sugarú körök el½ore adottak, akkor a feladatnak két megoldása van (a fenti két els½o ábra szerint), a második esetben R = R R Feladat megoldása: A feladatnak ismét két megoldása van: az egyik körön kívül vagy belül van a másik három: 7ábra: A feladat két megoldása Ez a feladat Descartes tétele ([6], [7]): = R R R R 4 R R R R4 (9) vagyis vagy más szokásos alakjai [S (R ; :::; R 4 )] = S (R ; :::; R 4 ), (k + k + k + k 4 ) = k + k + k + k 4 (0)
5 és ahol k 4 = k + k + k k k + k k + k k () k i = r i az i -dik kör görbülete Amennyiben a k 4 körön belül van a másik három kör, akkor R 4 -et és k 4 -et negatívnak kell tekintenünk (9) ill (0)-ben, valamint ()-ben a helyén el½ojel áll A tétel bizonyítása nem könny½u, a (körre vonatkozó) inverzióval lehetséges Kiemeljük, hogy a magyar nyelv½u Wikiédia [8] más tételt említ a "Descartes tétele" címszó alatt [7]-ben a tétel általánosítása is megtalálható n + gömbre az n (tetsz½oleges) dimenzióban, ez már Thorold Gosset tétele A köröket [6]-ban Soddy-körök-nek is nevezik A feladat eredete az Aolloniusroblémához vezethet½o vissza: [6] (Pergai Aollonius kb 6-90 között élt Krisztus el½ott, az "Aollonius-roblémáról" sajnos magyar nyelv½u wikiédia honla nincs) A feladat seciális esetének tekinthetjük az feladatot: az egyenes görbülete nulla k 4 = 0 (vagyis "r 4 = ") esetén (9)-() mindegyike ekvivalens (8)-val(Ennek belátása viszont egyszer½u közéiskolás feladat) Feladat megoldása: 8ábra: A feladat megoldása és általánosítása Az auv és buv háromszögekre felírva a koszinusz-tételt és összeadva vagyis a = u + v uv cos () b = u + v uv cos (80 o ) a + b = u + v = d d = r a + b = H (a; b), a téglala átlója négyzetes közee a aralelogramma átlóinak, vagyis =! Ha a téglala és a aralelogrammák u oldalát egyazon szakaszra mérjük fel, a 8 ábra jobb oldalán látható módon, akkor láthatjuk, hogy a aralelogrammák (jobb fels½o) C 0 csúcsai a T közéont körüli, v sugarú körön mozognak A fenti számolások szerint edig újabb összefüggést katunk: Tétel: A kör függ½oleges T C sugara (mindig) négyzetes közee az a = AC 0 és b = BC 0 szakaszoknak Ez edig általánosítása a körbe q írt derékszög½u háromszög tulajdonságának: a kör sugara négyzetes közee a befogóknak: r = +b (baloldali ábra) a
6 9 ábra: A négyzetes közé kétféle szemléltetése jobboldali ábra: htts://enwikiediaorg/wiki/pythagorean_means Vegyük észre, hogy a most felírt összefüggés nem azonos a számtani-, mértani- és négyzetes közeek szokásos, jobboldani ábráján látható szemléltetéssel Amint a koszinusztétel a Pitagorasz tétel általánosítása, úgy a Pitagorasz tételt is tekinthetjük a négyzetes közé egyfajta változatának A feladat eredete és alkalmazása megtalálható []-ben 4 Feladat megoldása: Közismert, hogy a háromszögbe beírt kör sugara r = T és az s oldalakhoz kívül írt körök sugarai r a = T s a, r b = T s b és r c = T, amikb½ol könnyen s c következik, hogy r = + +, r a r b r c r = S (r a ; r b ; r c ), vagyis = 5 Feladat megoldása: Jelöljük a kis háromszögeknek a nagy háromszög c oldalával árhuzamos oldalait c, c és c -vel 0 ábra: Az 5 Feladat megoldása A kis háromszögek nyilván hasonlóak a eredeti háromszöhöz, a hasonlóságok arányai i = c i c és nyilván + + = () a) Mivel t i = i T, ezért () alaján t + t + t = T, () tehát = T = S (t ; t ; t ),
7 b) A kis háromszögek kerületei k i = i K, ezért () alaján k + k + k = K, (4) K = S (k ; k ; k ), tehát = A (4) összefüggés közvetlenül is látszik a 0 ábrán: a kis háromszögek oldalait árhuzamosan eltolva a nagy háromszög oldalait hiánytalanul megkajuk c) A b) feladathoz hasonlóan a körülírt körök átmér½oi d i = i d, ahonnan tehát = d + d + d = d, (5) d = S (d ; d ; d ), d) A szögek összege mindegyik háromszögben i = 80 o és = 80 o, így nyilván (kicsit nagyké½uen) + + = H ( ; ; ) =, (6) és ebben az esetben is = (A háromszögek hasonlóságai alaján felírhatnánk a i = 0 i összefüggést is a b) és c) esetekben alkalmazott gondolatmenethez hasonlóan, de mivel a () összefüggésb½ol nem tudunk 0 -adik gyököt vonni, így tényleg 6= 0) e) Mivel rögzített magasság esetén a térfogatok az alaterülettel arányosak, és most mindegyik magasság ugyanakkora, ezért () alaján V + V + V = V, tehát = V = S (V ; V ; V ), f) Mivel a tetraéderek alaterületei hasonlóak és az alalanak az oldallaokkal bezárt szögei ugyanakkorák, ezért a tetraéderek hasonlóak,, és aránnyal, így V i = i V, tehát () alaján V + V + V = V, tehát = V = S (V ; V ; V ), 6 Feladat megoldása: Bár a keletkezett kis tetraéderek szemmel láthatóan hasonlóak az eredeti tetraéderhez, a ; :::; 4 hasonlósági arányokra nekem nem sikerült els½ore igazolnom a = (7) egyenl½oséget A feladat I megoldásban kevesebb szemléltetéssel de több számolással oldjuk meg a feladatot (7) nélkül, ez a gondolatmenet magasabb dimenzióra is könnyen általánosítható A II
8 megoldás legelején elemei geometriai fejtegetéssel (ami úgy t½unik, csak dimenzióra alkalmazható) igazoljuk az (7) összefüggést - ami alaján a feladat kérdéseire már azonnal válaszolhatunk 6 Feladat I megoldása: Legyenek a tetréder csúcsai A ; A ; A ; A 4 A P ontot a csúcsokkal összekötve a tetraédert négy kisebb tetraéderre bontjuk fel, melyek magasságai P -nek a laoktól vett távolságai, amelyeket jelöljünk x ; x ; x ; x 4 -el Ekkor x T + x T + x T + x 4 T 4 = V (8) A feladatban szerel½o kis tetraéderek hasonlóak az A ; A ; A ; A 4 tetraéderhez, a hasonlóság aránya i = x i ahol m i a tetraéder megfelel½o magassága Így a kis tetraéderek térfogatai: m i ahonnan V i = xi m i V = xi m i m it i V i V = x i T i = x i T i m i = x i Ti m i T i amit visszaírva (8)-ba kajuk: V V + V + V + V 4 = V vagyis V + V + V + V 4 = V (9) tehát = S (V ; V ; V ; V 4 ) = V Megjegyzések: i) A kaott (9) egyenl½oségbe ha beírjuk a V i = i V azonosságot, akkor azonnal megkajuk a keresett (7) összefüggést Emiatt a feladat további kérdéseire már (7) alaján, a II megoldásban válaszolunk ii) A (8) -hoz hasonl½o egyenl½oségeket kielégít½o onthalmazokkal az [] cikkben foglalkozunk, az eredmények könnyen általánosíthatók tetsz½oleges dimenzióra is 6 Feladat II megoldása: A baloldali ábrán felülnézetben ábrázoljuk a P ont által meghatározott négy kis (sárga) tetraédert, melyek közös csúcsa P A citromsárga tetraéder a nagy tetraéder (vízszintes) alalaján helyezkedik el Mivel a másik három (fakósárga) kis tetraéder a három oldallara "támaszkodik", és a P -re illeszked½o síkok árhuzamosak a laokkal, ezért ezt a három (fakósárga) kis tetraédert a nagy tetraéder oldallajain "lecsúsztathatjuk" az alalara - és a jobboldali ábrát kajuk Err½ol edig leolvasható, hogy a négy kis tetraéder egyirányba es½o oldalainak összege éen a nagy tetraéder megfelel½o oldalát adják Ez edig igazolja a (7) összefüggést! ábra: A tetraéderek felülr½ol és lecsúsztatva
9 a) a V i = i V és () összefüggések alaján V + V + V + V 4 = V, tehát = V = S (V ; V ; V ; V 4 ) b) A i = i A és () alaján A + A + A + A 4 = A, tehát = A = S (A ; A ; A ; A 4 ) c) és d) d i = i d, K i = i K és () alaján d + d + d + d 4 = S (d ; d ; d ; d 4 ) = d és tehát = K + K + K + K 4 = S (K ; K ; K ; K 4 ) = K, 7 Feladat megoldása: A feltételek szerint a kis testek hasonlóak az eredeti (nagy) testhez, így V i = n i V és n + ::: + n t = (0) Továbbá az ` -dimenziós felületekre A (`) i esetén q ` A (`) = ` i A (`) (minden 0 ` n esetén), ahonnan ` 6= 0 n q n ` ` n + ::: + = A (`), () S n ` A (`) t A (`) ; :::; A (`) t = A (`), vagyis = ǹ, míg ` = 0 esetén i = = a szögek összege (ráadásul i = 0 i ), (6)-hoz hasonlóan nyilván + ::: + t =, () t H ( ; :::; t ) =, vagyis ez esetben = Az ` = esetben az élek K i összegét számoljuk, ekkor seciálisan (megle½o, de igaz): vagyis ez esetben = n K n + ::: + K n t = S n (K ; :::; K t ) = K n, ()
10 Összefoglalás A feladatokban az alábbi kitev½okkel találkoztunk: References a) b) c) d) e) f) Feladat Feladat - Feladat 4 Feladat 5 Feladat 6 Feladat 7 Feladat n ` ( ` n) [] Szalkai István: Egyenesekt½ol való távolságokról, Polygon, XVI (008), 45-48, htt://mathuni-annonhu/~szalkai/tavolsagolygondf [] Szalkai István: Ácsok és földmér½ok háromszögei, Haladvány Kiadvány 06, htt://wwwmathbmehu/~hujter/6044df [] Hujter Mihály, Oláh Béla: Négyzetekre bontás - új megoldások régi roblémákra, Haladvány Kiadvány 008, htt://mathbmehu/~hujter/0807df [4] Rzadkowski, G: Remarks on the geometric mean-arithmetic mean inequality, Math Gazette, vol 88 No 5 (004) [5] Urmanin, Z: Generalization of the arithmetic mean - geometric mean - harmonic mean inequality, Math Gazette, vol 86, 00 [6] Descartes theorem, Wikiedia, htts://enwikiediaorg/wiki/descartes _theorem [7] Satz von Descartes, Wikiedia, htts://dewikiediaorg/wiki/satz_von_descartes [8] Descartes tétel, Wikiédia, htts://huwikiediaorg/wiki/descartes-tétel [9] Hölder-egyenl½otlenség, Wikiédia, htts://huwikiediaorg/wiki/hölder-egyenl½otlenség [0] Hölder s inequality, Wikiedia, htts://enwikiediaorg/wiki/hölder s_inequality [] Hatványközeek, Wikiédia, htts://huwikiediaorg/wiki/hatványközé [] Hatványközeek közötti egyenl½otlenség, Wikiédia, htts://huwikiediaorg/wiki/hatványközeek_közötti_egyenl½otlenség [] Generalized mean, Wikiedia, htts://enwikiediaorg/wiki/generalized_mean [4] Matematikai közeek, Wikiédia, htts://huwikiediaorg/wiki/matematikai_közeek [5] Pythagorean means, Wikiedia, htts://enwikiediaorg/wiki/pythagorean_means [6] Problem of Aollonius, Wikiedia, htts://enwikiediaorg/wiki/problem_of_aollonius
Trigonometria. Szögfüggvények alkalmazása derékszög háromszögekben. Szent István Egyetem Gépészmérnöki Kar Matematika Tanszék 1
Szent István Egyetem Gépészmérnöki Kar Matematika Tanszék 1 Trigonometria Szögfüggvények alkalmazása derékszög háromszögekben 1. Az ABC hegyesszög háromszögben BC = 14 cm, AC = 1 cm, a BCA szög nagysága
Részletesebben(d) a = 5; c b = 16 3 (e) b = 13; c b = 12 (f) c a = 2; c b = 5. Számítsuk ki minden esteben a háromszög kerületét és területét.
Euklidész tételei megoldások c = c a + c b a = c c a b = c c b m c = c a c b 1. Számítsuk ki az derékszögű ABC háromszög hiányzó oldalainak nagyságát, ha adottak: (a) c a = 1,8; c b =, (b) c = 10; c a
Részletesebben9. Tétel Els - és másodfokú egyenl tlenségek. Pozitív számok nevezetes közepei, ezek felhasználása széls érték-feladatok megoldásában
9. Tétel Els - és másodfokú egyenl tlenségek. Pozitív számok nevezetes közepei, ezek felhasználása széls érték-feladatok megoldásában Bevezet : A témakörben els - és másodfokú egyenl tlenségek megoldásának
Részletesebben10. Koordinátageometria
I. Nulladik ZH-ban láttuk: 0. Koordinátageometria. Melyek azok a P x; y pontok, amelyek koordinátái kielégítik az Ábrázolja a megoldáshalmazt a koordináta-síkon! x y x 0 egyenlőtlenséget? ELTE 00. szeptember
RészletesebbenA 2014/2015. tanévi Országos Középiskolai Tanulmányi Verseny második forduló MATEMATIKA I. KATEGÓRIA ( SZAKKÖZÉPISKOLA ) Javítási-értékelési útmutató
OktatásiHivatal A 014/01. tanévi Országos Középiskolai Tanulmányi Verseny második forduló MATEMATIKA I. KATEGÓRIA ( SZAKKÖZÉPISKOLA ) Javítási-értékelési útmutató 1. feladat: Adja meg az összes olyan (x,
Részletesebben352 Nevezetes egyenlôtlenségek. , az átfogó hossza 81 cm
5 Nevezetes egyenlôtlenségek a b 775 Legyenek a befogók: a, b Ekkor 9 + $ ab A maimális ab terület 0, 5cm, az átfogó hossza 8 cm a b a b 776 + # +, azaz a + b $ 88, tehát a keresett minimális érték: 88
RészletesebbenKoordináta-geometria feladatok (középszint)
Koordináta-geometria feladatok (középszint) 1. (KSZÉV Minta (1) 2004.05/I/4) Adott az A(2; 5) és B(1; 3) pont. Adja meg az AB szakasz felezőpontjának koordinátáit! 2. (KSZÉV Minta (2) 2004.05/I/7) Egy
Részletesebben5. házi feladat. AB, CD kitér élpárra történ tükrözések: Az ered transzformáció: mivel az origó xpont, így nincs szükség homogénkoordinátás
5. házi feladat 1.feladat A csúcsok: A = (0, 1, 1) T, B = (0, 1, 1) T, C = (1, 0, 0) T, D = ( 1, 0, 0) T AB, CD kitér élpárra történ tükrözések: 1 0 0 T AB = 0 1 0, elotlási rész:(i T AB )A = (0, 0, )
RészletesebbenHASONLÓSÁGGAL KAPCSOLATOS FELADATOK. 5 cm 3 cm. 2,4 cm
HASONLÓSÁGGAL KAPCSOLATOS FELADATOK Egyszerű, hasonlósággal kapcsolatos feladatok 1. Határozd meg az x, y és z szakaszok hosszát! y cm cm z x 2, cm 2. Határozd meg az x, y, z és u szakaszok hosszát! x
RészletesebbenGyakorló feladatok. 2. Matematikai indukcióval bizonyítsuk be, hogy n N : 5 2 4n n (n + 1) 2 n (n + 1) (2n + 1) 6
Gyakorló feladatok 1. Ismertesd a matematikai indukció logikai sémáját, magyarázzuk meg a bizonyítás lényegét. Bizonyítsuk be, hogy minden n természetes számra 1 + 3 + + (n 1) = n.. Matematikai indukcióval
RészletesebbenMATEMATIKA ÉRETTSÉGI TÍPUSFELADATOK MEGOLDÁSAI KÖZÉP SZINT. Koordináta-geometria
MATEMATIKA ÉRETTSÉGI TÍPUSFELADATOK MEGOLDÁSAI KÖZÉP SZINT 1) Adott két pont: A 4; 1 felezőpontjának koordinátáit! AB felezőpontja legyen F. Koordináta-geometria és B 3 1; Írja fel az AB szakasz 1 3 4
RészletesebbenEmelt szintű érettségi feladatsorok és megoldásaik Összeállította: Pataki János; dátum: november. I. rész
Pataki János, november Emelt szintű érettségi feladatsorok és megoldásaik Összeállította: Pataki János; dátum: november I rész feladat Oldja meg az alábbi egyenleteket: a) log 7 log log log 7 ; b) ( )
RészletesebbenMATEMATIKA ÉRETTSÉGI TÍPUSFELADATOK MEGOLDÁSAI KÖZÉP SZINT Koordináta-geometria
MATEMATIKA ÉRETTSÉGI TÍPUSFELADATOK MEGOLDÁSAI KÖZÉP SZINT Koordináta-geometria A szürkített hátterű feladatrészek nem tartoznak az érintett témakörhöz, azonban szolgálhatnak fontos információval az érintett
Részletesebben2. Síkmértani szerkesztések
2. Síkmértani szerkesztések Euklidész görög matematikus (i. e. 325 körül) szerint azokat az eljárásokat tekintjük szerkesztésnek, amelyek egy egyenes vonalzóval és egy körz vel véges számú lépésben elvégezhet
RészletesebbenHúrnégyszögek, Ptolemaiosz tétele
Húrnégyszögek, Ptolemaiosz tétele Markó Zoltán 11C Húrnégyszögek Definíció: Húrnégyszögnek nevezzük az olyan négyszöget, amely köré kör írható Vagyis az olyan konvex négyszögek, amelyeknek oldalai egyben
RészletesebbenBrósch Zoltán (Debreceni Egyetem Kossuth Lajos Gyakorló Gimnáziuma) Megoldások
Megoldások 1. Határozd meg a szakasz hosszát, ha a végpontok koordinátái: A ( 1; ) és B (5; )! A szakasz hosszához számítsuk ki a két pont távolságát: d AB = AB = (5 ( 1)) + ( ) = 6 + 1 = 7 6,08.. Határozd
RészletesebbenEgy tételr½ol, melyet Dürer majdnem megtalált
Haladvány Kiadvány 2017.03.26 Egy tételr½ol, melyet Dürer majdnem megtalált Hujter Mihály hujter.misi@gmail.com A német reneszánsz legfontosabb alakjaként ismert Albrecht Dürer. Mivel apja (id½osebb Albrecht
RészletesebbenBrósch Zoltán (Debreceni Egyetem Kossuth Lajos Gyakorló Gimnáziuma) Megoldások
Megoldások 1. Írd fel a K (0; 2) középpontú 7 sugarú kör egyenletét! A keresett kör egyenletét felírhatjuk a képletbe való behelyettesítéssel: x 2 + (y + 2) 2 = 49. 2. Írd fel annak a körnek az egyenletét,
RészletesebbenPRÓBAÉRETTSÉGI MEGOLDÁSA: MATEMATIKA, KÖZÉP SZINT. 3, ahonnan 2 x = 3, tehát. x =. 2
FELADATSOR MEGOLDÁSA I. rész 1.1.) a) igaz b) hamis. 1..) A helyes megoldás: b) R = r 1..) x = 7 = ahonnan x = tehát x =. 1.4.) Az oszlopdiagramból kiolvasható hogy a két üzem termelése között a legnagyobb
RészletesebbenAnalitikus térgeometria
5. fejezet Analitikus térgeometria Kezd és végpontjuk koordinátáival adott vektorok D 5.1 A koordináta-rendszer O kezd pontjából a P pontba mutató OP kötött vektort a P pont helyvektorának nevezzük. T
RészletesebbenA 2014/2015. tanévi Országos Középiskolai Tanulmányi Verseny első forduló MATEMATIKA I. KATEGÓRIA (SZAKKÖZÉPISKOLA) Javítási-értékelési útmutató
Oktatási Hivatal 04/0 tanévi Országos Középiskolai Tanulmányi Verseny első forduló MTEMTIK I KTEGÓRI (SZKKÖZÉPISKOL) Javítási-értékelési útmutató Határozza meg a tízes számrendszerbeli x = abba és y =
RészletesebbenNémeth László Matematikaverseny, Hódmezővásárhely április 8. A osztályosok feladatainak javítókulcsa
Németh László Matematikaverseny, Hódmezővásárhely 2013. április 8. A 9-10. osztályosok feladatainak javítókulcsa 1. Jelöljük x-szel az adott hónapban megkezdett 100 kb-s csomagok számát. Az első szolgáltatónál
RészletesebbenMATEMATIKA ÉRETTSÉGI TÍPUSFELADATOK MEGOLDÁSAI KÖZÉPSZINT Koordináta-geometria
MATEMATIKA ÉRETTSÉGI TÍPUSFELADATOK MEGOLDÁSAI KÖZÉPSZINT Koordináta-geometria A szürkített hátterű feladatrészek nem tartoznak az érintett témakörhöz, azonban szolgálhatnak fontos információval az érintett
Részletesebben9. Írjuk fel annak a síknak az egyenletét, amely átmegy az M 0(1, 2, 3) ponton és. egyenessel;
Síkok és egyenesek FELADATLAP Írjuk fel annak az egyenesnek az egyenletét, amely átmegy az M 0(,, ) ponton és a) az M(,, 0) ponton; b) párhuzamos a d(,, 5) vektorral; c) merőleges a x y + z 0 = 0 síkra;
RészletesebbenKoordinátageometria Megoldások
005-0XX Középszint Koordinátageometria Megoldások 1) Adott két pont: A 4; 1 felezőpontjának koordinátáit! AB felezőpontja legyen F. és B 3 1; Írja fel az AB szakasz 1 3 + 4 + 1 3 F ; = F ;1 ) Egy kör sugarának
RészletesebbenÉrettségi feladatok Koordinátageometria_rendszerezve / 5
Érettségi feladatok Koordinátageometria_rendszerezve 2005-2013 1/ 5 Vektorok 2005. május 28./12. Adottak az a (4; 3) és b ( 2; 1) vektorok. a) Adja meg az a hosszát! b) Számítsa ki az a + b koordinátáit!
RészletesebbenNémeth László Matematikaverseny április 16. A osztályosok feladatainak javítókulcsa
Németh László Matematikaverseny 007. április 16. A 9-10. osztályosok feladatainak javítókulcsa Feladatok csak 9. osztályosoknak 1. feladat a) Vegyük észre, hogy 7 + 5 felírható 1 + 3 + 6 + alakban, így
RészletesebbenFeladatok a májusi emelt szintű matematika érettségi példáihoz Hraskó András
Feladatok a 2010. májusi emelt szintű matematika érettségi példáihoz Hraskó András 1. Halmazok, halmazműveletek, halmazok számossága, halmazműveletek és logikai műveletek kapcsolata. HA.1.1. Adott a síkon
RészletesebbenKoordinátageometria. M veletek vektorokkal grakusan. Szent István Egyetem Gépészmérnöki Kar Matematika Tanszék 1
Szent István Egyetem Gépészmérnöki Kar Matematika Tanszék 1 Koordinátageometria M veletek vektorokkal grakusan 1. Az ABCD négyzet oldalvektorai közül a = AB és b = BC. Adja meg az AC és BD vektorokat a
RészletesebbenÉrettségi feladatok: Síkgeometria 1/6
Érettségi feladatok: Síkgeometria 1/6 2005. május 10. 4. Döntse el, hogy a következő állítások közül melyik igaz és melyik hamis! A: A háromszög köré írható kör középpontja mindig valamelyik súlyvonalra
RészletesebbenÉrettségi feladatok: Koordináta-geometria 1/5
Érettségi feladatok: Koordináta-geometria 1/5 2003. Próba/ 13. Adott egy háromszög három csúcspontja a koordinátáival: A( 4; 4), B(4; 4) és C( 4; 8). Számítsa ki a C csúcsból induló súlyvonal és az A csúcsból
RészletesebbenHaladók III. kategória 2. (dönt ) forduló
Haladók III. kategória 2. (dönt ) forduló 1. Tetsz leges n pozitív egész számra jelölje f (n) az olyan 2n-jegy számok számát, amelyek megegyeznek az utolsó n számjegyükb l alkotott szám négyzetével. Határozzuk
RészletesebbenMATEMATIKA C 12. évfolyam 4. modul Még egyszer!
MATEMATIKA C 1. évfolyam 4. modul Még egyszer! Készítette: Kovács Károlyné Matematika C 1. évfolyam 4. modul: Még eygszer! Tanári útmutató A modul célja Időkeret Ajánlott korosztály Modulkapcsolódási pontok
RészletesebbenMegoldások 11. osztály
XXV. Nemzetközi Magyar Matematikaverseny Budapest, 016. március 1115. Megoldások 11. osztály 1. feladat Egy háromszög három oldalának mér száma, a, b, c ebben a sorrendben egy mértani sorozat három egymást
RészletesebbenEgyenes mert nincs se kezdő se végpontja
Szakasz mert van két végpontja Egyenes mert nincs se kezdő se végpontja Tört vonal Szög mert van két szára és csúcsa Félegyenes mert van egy kezdőpontja 5 1 1 Két egyenes egymásra merőleges ha egymással
Részletesebben3. előadás. Elemi geometria Terület, térfogat
3. előadás Elemi geometria Terület, térfogat Tetraéder Négy, nem egy síkban lévő pont által meghatározott test. 4 csúcs, 6 él, 4 lap Tetraéder Minden tetraédernek egyértelműen létezik körülírt- és beírt
RészletesebbenVektorok. Wettl Ferenc október 20. Wettl Ferenc Vektorok október / 36
Vektorok Wettl Ferenc 2014. október 20. Wettl Ferenc Vektorok 2014. október 20. 1 / 36 Tartalom 1 Vektorok a 2- és 3-dimenziós térben 2 Távolság, szög, orientáció 3 Vektorok koordinátás alakban 4 Összefoglalás
RészletesebbenAz 1. forduló feladatainak megoldása
Az 1. forduló feladatainak megoldása 1. Bizonyítsa be, hogy a kocka éléből, lapátlójából és testátlójából háromszög szerkeszthető, és ennek a háromszögnek van két egymásra merőleges súlyvonala! Megoldás:
RészletesebbenBevezetés. 1. fejezet. Algebrai feladatok. Feladatok
. fejezet Bevezetés Algebrai feladatok J. A számok gyakran használt halmazaira a következ jelöléseket vezetjük be: N a nemnegatív egész számok, N + a pozitív egész számok, Z az egész számok, Q a racionális
Részletesebben4. A kézfogások száma pont Összesen: 2 pont
I. 1. A páros számokat tartalmazó részhalmazok: 6 ; 8 ; 6 ; 8. { } { } { }. 5 ( a ) 17 Összesen: t = = a a Összesen: ot kaphat a vizsgázó, ha csak két helyes részhalmazt ír fel. Szintén jár, ha a helyes
Részletesebben2014. évi Bolyai János Megyei Matematikaverseny MEGOLDÁSI ÉS ÉRTÉKELÉSI ÚTMUTATÓ 11. évfolyam
01. évi Bolyai János Megyei Matematikaverseny A közölt megoldási utak a feladatoknak nem az egyetlen helyes megoldási módját adják meg, több eltérő megoldás is lehetséges. Az útmutatótól eltérő megoldásokat
RészletesebbenA 2013/2014. tanévi Országos Középiskolai Tanulmányi Verseny második forduló MATEMATIKA I. KATEGÓRIA (SZAKKÖZÉPISKOLA) Javítási-értékelési útmutató
Oktatási Hivatal A 0/04 tanévi Országos Középiskolai Tanulmányi erseny második forduló MATEMATIKA I KATEGÓRIA (SZAKKÖZÉPISKOLA) Javítási-értékelési útmutató A 57 olyan háromjegyű szám, amelynek számjegyei
Részletesebben(a b)(c d)(e f) = (a b)[(c d) (e f)] = = (a b)[e(cdf) f(cde)] = (abe)(cdf) (abf)(cde)
2. házi feladat 1.feladat a b)c d)e f) = a b)[c d) e f)] = = a b)[ecdf) fcde)] = abe)cdf) abf)cde) 2.feladat a) Legyen a két adott pontunk helyzete A = 0, 0), B = 1, 0), továbbá legyen a távolságok aránya
RészletesebbenVEKTOROK. 1. B Legyen a( 3; 2; 4), b( 2; 1; 2), c(3; 4; 5), d(8; 5; 7). (a) 2a 4c + 6d [(30; 10; 30)]
Bodó Beáta 1 VEKTOROK 1. B Legyen a( ; 2; 4), b( 2; 1; 2), c(; 4; 5), d(8; 5; 7). (a) 2a 4c + 6d [(0; 10; 0)] (b) c + b 7a [(18; 15; 29)] (c) 2d c + b [ (5; ; ) = 6, 56] (d) 4a + 8b 7c [ ( 49; 44; 5) =
RészletesebbenI. A négyzetgyökvonás
Definíció: Négyzetgyök a ( a : a a 0 I. A négyzetgyökvonás a ) jelenti azt a nem negatív számot, amelynek a négyzete a. a 0 b : b b R A négyzetgyök-függvény értéke is csak nem negatív lehet. Ha a b-t abszolút
Részletesebben: s s t 2 s t. m m m. e f e f. a a ab a b c. a c b ac. 5. Végezzük el a kijelölt m veleteket a változók lehetséges értékei mellett!
nomosztással a megoldást visszavezethetjük egy alacsonyabb fokú egyenlet megoldására Mivel a 4 6 8 6 egyenletben az együtthatók összege 6 8 6 ezért az egyenletnek gyöke az (mert esetén a kifejezés helyettesítési
RészletesebbenEgy emelt szintű érettségi feladat kapcsán Ábrahám Gábor, Szeged
Egy emelt szintű érettségi feladat kapcsán Ábrahám Gábor, Szeged A 01. május 8.-i emelt szintű matematika érettségin szerepelt az alábbi feladat. Egy háromszög oldalhosszai egy számtani sorozat egymást
Részletesebben3. A megoldóképletből a gyökök: x 1 = 7 és x 2 = Egy óra 30, így a mutatók szöge: 150º. 3 pont. Az éves kamat: 6,5%-os. Összesen: 2 pont.
. 3650 =,065 0000 Az éves kamat: 6,5%-os I.. D C b A a B AC = a + b BD = b a 3. A megoldóképletből a gyökök: x = 7 és x = 5. Ellenőrzés 4. Egy óra 30, így a mutatók szöge: 50º. írásbeli vizsga 05 3 / 007.
RészletesebbenHraskó András: FPI tehetséggondozó szakkör 11. évf
FPI tehetséggondozó szakkör 11. évf. I. foglalkozás, 2012. szeptember 18. I.1. Bejárható-e egy 5 5-ös sakktábla lóval, a) ha nem kell ugyanott befejeznünk, ahonnan indultunk? b) ha ugyanott kell befejeznünk,
RészletesebbenArany Dániel Matematikai Tanulóverseny 2012/2013-as tanév 1. forduló haladók III. kategória
Bolyai János Matematikai Társulat Arany Dániel Matematikai Tanulóverseny 0/03-as tanév. forduló haladók III. kategória Megoldások és javítási útmutató. Egy kör kerületére felírjuk -től 3-ig az egészeket
RészletesebbenI. A gyökvonás. cd c) 6 d) 2 xx. 2 c) Szakaszvizsgára gyakorló feladatok 10. évfolyam. Kedves 10. osztályos diákok!
Kedves 10. osztályos diákok! Szakaszvizsgára gyakorló feladatok 10. évfolyam Közeleg a szakaszvizsga időpontja, amelyre 019. április 1-én kerül sor. A könnyebb felkészülés érdekében adjuk közre ezt a feladatsort,
RészletesebbenAz Országos Középiskolai Tanulmányi Verseny 2006-2007. tanévi első fordulójának feladatmegoldásai
Az Országos Középiskolai Tanulmányi Verseny 006-007. tanévi első fordulójának feladatmegoldásai matematikából, a II. kategória számára 1. Melyek azok a pozitív egészek, amelyeknek pontosan négy pozitív
RészletesebbenPRÓBAÉRETTSÉGI MATEMATIKA május-június EMELT SZINT JAVÍTÁSI ÚTMUTATÓ. Vizsgafejlesztő Központ
PRÓBAÉRETTSÉGI 003. május-június MATEMATIKA EMELT SZINT JAVÍTÁSI ÚTMUTATÓ Vizsgafejlesztő Központ PRÓBAÉRETTSÉGI 003 MATEMATIKA Kedves Kolléga! Kérjük, hogy a dolgozatok javítását a javítási útmutató alapján
RészletesebbenXVIII. Nemzetközi Magyar Matematika Verseny
9. osztály 1. feladat: Oldjuk meg a természetes számok halmazán az 1 1 1 egyenletet? x y 009 Kántor Sándor (Debrecen). feladat: B Az ABCD deltoidban az A és C csúcsnál derékszög van, és a BD átló 1 cm.
Részletesebben12. Trigonometria I.
Trigonometria I I Elméleti összefoglaló Szögmérés A szög mérésének két gyakran használt módja van: fokban, illetve radiánban (ívmértékben) mérünk A teljesszög 0, ennek a 0-ad része az A szög nagyságát
RészletesebbenI. rész. Feladatsor. 2. Andi keresett két olyan számot, amelyre teljesül, hogy a < b. Igaz-e, hogy a < b?
1. Feladatsor I. rész 1. Adott két halmaz. A a 9-nél kisebb páros pozitív egészek; B a 30-nál kisebb, 6-tal osztható pozitív egészek halmaza. Adja meg az A B és a B \ A halmazokat!. Andi keresett két olyan
RészletesebbenArany Dániel Matematikai Tanulóverseny 2008/2009-es tanév első (iskolai) forduló haladók I. kategória
Bolyai János Matematikai Társulat Oktatási és Kulturális Minisztérium Támogatáskezelő Igazgatósága támogatásával Arany Dániel Matematikai Tanulóverseny 2008/2009-es tanév első (iskolai) forduló haladók
RészletesebbenMATEMATIKA ÉRETTSÉGI TÍPUSFELADATOK MEGOLDÁSAI EMELT SZINT Paraméter
MATEMATIKA ÉRETTSÉGI TÍPUSFELADATOK MEGOLDÁSAI EMELT SZINT Paraméter A szürkített hátterű feladatrészek nem tartoznak az érintett témakörhöz, azonban szolgálhatnak fontos információval az érintett feladatrészek
Részletesebben1. Egy 30 cm sugarú körszelet körívének hossza 120 cm. Mekkora a körív középponti szöge?
Matematika A 1. évfolyam II. negyedév témazáró A csoport 1. Egy 0 cm sugarú körszelet körívének hossza 10 cm. Mekkora a körív középponti szöge?. Egy szabályos négyoldalú gúla alakú piramis magassága 76
RészletesebbenOrszágos Középiskolai Tanulmányi Verseny 2011/2012 Matematika I. kategória (SZAKKÖZÉPISKOLA) 2. forduló - megoldások. 1 pont Ekkor
Okta tási Hivatal Országos Középiskolai Tanulmányi Verseny 0/0 Matematika I. kategória (SZAKKÖZÉPISKOLA). forduló - megoldások. Az valós számra teljesül a 3 sin sin cos sin egyenlőség. Milyen értékeket
RészletesebbenTrigonometria Megoldások. 1) Igazolja, hogy ha egy háromszög szögeire érvényes az alábbi összefüggés: sin : sin = cos + : cos +, ( ) ( )
Trigonometria Megoldások Trigonometria - megoldások ) Igazolja, hogy ha egy háromszög szögeire érvényes az alábbi összefüggés: sin : sin = cos + : cos +, ( ) ( ) akkor a háromszög egyenlő szárú vagy derékszögű!
Részletesebben2015. évi Bolyai János Megyei Matematikaverseny MEGOLDÁSI ÉS ÉRTÉKELÉSI ÚTMUTATÓ 11. évfolyam
015. évi Bolyai János Megyei Matematikaverseny A közölt megoldási utak a feladatoknak nem az egyetlen helyes megoldási módját adják meg, több eltérő megoldás is lehetséges. Az útmutatótól eltérő megoldásokat
RészletesebbenMATEMATIKA ÉRETTSÉGI május 8. EMELT SZINT
MATEMATIKA ÉRETTSÉGI 007. május 8. EMELT SZINT 1) Oldja meg a valós számok halmazán az alábbi egyenletet! x x 4 log 9 10 sin x x 6 I. (11 pont) sin 1 lg1 0 log 9 9 x x 4 Így az 10 10 egyenletet kell megoldani,
RészletesebbenIzsák Imre Gyula természettudományos verseny
199 Jelölje m a, m b, m c egy háromszög magasságait, ρ a háromszög beírt körének a sugarát. Igazoljuk, hogy ma + mb + mc 9ρ Mikor áll fenn az egyenlség? Osszuk fel egy tetszleges ABCD konvex négyszög AB,
Részletesebben9. Trigonometria. I. Nulladik ZH-ban láttuk: 1. Tegye nagyság szerint növekvő sorrendbe az alábbi értékeket! Megoldás:
9. Trigonometria I. Nulladik ZH-ban láttuk: 1. Tegye nagyság szerint növekvő sorrendbe az alábbi értékeket! x = cos 150 ; y = sin 5 ; z = tg ( 60 ) (A) z < x < y (B) x < y < z (C) y < x < z (D) z < y
Részletesebben, D(-1; 1). A B csúcs koordinátáit az y = + -. A trapéz BD
Kör és egyenes kölcsönös helyzete Kör érintôje 7 9 A húr hossza: egység 9 A ( ) ponton átmenô legrövidebb húr merôleges a K szakaszra, ahol K az adott kör középpontja, feltéve, hogy a kör belsejében van
RészletesebbenMATEMATIKA PRÓBAÉRETTSÉGI 2013 I. rész
MATEMATIKA PRÓBAÉRETTSÉGI 203 I. rész. Oldja meg a következő egyenletet: x 2 25. Az egyenlet megoldása: 2. Egy vállalat 280 000 Ft-ért vásárol egy számítógépet. A számítógép évente 5%-ot veszít az értékéből.
RészletesebbenParaméteres és összetett egyenlôtlenségek
araméteres és összetett egyenlôtlenségek 79 6 a) Minden valós szám b) Nincs ilyen valós szám c) c < vagy c > ; d) d # vagy d $ 6 a) Az elsô egyenlôtlenségbôl: m < - vagy m > A második egyenlôtlenségbôl:
Részletesebben25 i, = i, z 1. (x y) + 2i xy 6.1
6 Komplex számok megoldások Lásd ábra z = + i, z = + i, z = i, z = i z = 7i, z = + 5i, z = 5i, z = i, z 5 = 9, z 6 = 0 Teljes indukcióval 5 Teljes indukcióval 6 Az el z feladatból következik z = z = =
RészletesebbenMásodfokú egyenletek, egyenlőtlenségek
Másodfokú egyenletek, egyenlőtlenségek A másodfokú egyenlet grafikus megoldása Példa1. Ábrázold az f(x) = x 1x 16 függvényt, majd olvasd le az ábráról az alábbi egyenlet megoldását: x 1x 16 =. 1. lépés:
RészletesebbenAz egyenlőtlenség mindkét oldalát szorozzuk meg 4 16-al:
Bevezető matematika kémikusoknak., 04. ősz. feladatlap. Ábrázoljuk számegyenesen a következő egyenlőtlenségek megoldáshalmazát! (a) x 5 < 3 5 x < 3 x 5 < (d) 5 x
RészletesebbenA 2016/2017. tanévi Országos Középiskolai Tanulmányi Verseny első forduló MATEMATIKA I. KATEGÓRIA (SZAKGIMNÁZIUM, SZAKKÖZÉPISKOLA)
Oktatási Hivatal A 016/017. tanévi Országos Középiskolai Tanulmányi Verseny első forduló MATEMATIKA I. KATEGÓRIA (SZAKGIMNÁZIUM, SZAKKÖZÉPISKOLA) Javítási-értékelési útmutató 1. Egy húrtrapéz pontosan
RészletesebbenFeladatok MATEMATIKÁBÓL II.
Feladatok MATEMATIKÁBÓL a 12. évfolyam számára II. 1. Alakítsuk át a következő kifejezéseket úgy, hogy teljes négyzetek jelenjenek meg: a) x 2 2x + b) x 2 6x + 10 c) x 2 + x + 1 d) x 2 12x + 11 e) 2x 2
RészletesebbenJAVÍTÁSI-ÉRTÉKELÉSI ÚTMUTATÓ A MATEMATIKA EMELT SZINTŰ ÍRÁSBELI 1. FELADATSORHOZ
JAVÍTÁSI-ÉRTÉKELÉSI ÚTMUTATÓ A MATEMATIKA EMELT SZINTŰ ÍRÁSBELI 1. FELADATSORHOZ Formai előírások: A dolgozatot a vizsgázó által használt színűtől eltérő színű tollal kell javítani, és a tanári gyakorlatnak
RészletesebbenKoordináta geometria III.
Koordináta geometria III. TÉTEL: A P (x; y) pont akkor és csak akkor illeszkedik a K (u; v) középpontú r sugarú körre (körvonalra), ha (x u) 2 + (y v) 2 = r 2. Ez az összefüggés a K (u; v) középpontú r
RészletesebbenLáthatjuk, hogy az els szám a 19, amelyre pontosan 4 állítás teljesül, tehát ez lesz a legnagyobb. 1/5
D1. Egy pozitív egész számról az alábbi 7 állítást tették: I. A szám kisebb, mint 23. II. A szám kisebb, mint 25. III. A szám kisebb, mint 27. IV. A szám kisebb, mint 29. V. A szám páros. VI. A szám hárommal
RészletesebbenNémeth László Matematikaverseny, Hódmezővásárhely. 2015. március 30. A 11-12. osztályosok feladatainak javítókulcsa
Németh László Matematikaverseny, Hódmezővásárhely 2015. március 30. A 11-12. osztályosok feladatainak javítókulcsa Feladatok csak szakközépiskolásoknak Sz 1. A C csúcs értelemszerűen az AB oldal felező
RészletesebbenArany Dániel Matematikai Tanulóverseny 2016/2017-es tanév Kezdők III. kategória I. forduló
Bolyai János Matematikai Társulat Arany Dániel Matematikai Tanulóverseny 016/017-es tanév Kezdők I II. kategória II. forduló Kezdők III. kategória I. forduló Megoldások és javítási útmutató 1. Egy kört
RészletesebbenBolyai János Matematikai Társulat. 1. Az a és b valós számra a 2 + b 2 = 1 teljesül, ahol ab 0. Határozzuk meg az. szorzat minimumát. Megoldás.
Bolyai János Matematikai Társulat Oktatási Minisztérium Alapkezelő Igazgatósága támogatásával Arany Dániel Matematikai Tanulóverseny 005/00-os tanév első iskolai) forduló haladók II. kategória nem speciális
Részletesebbenb. Ha R16-os felnit és 55-ös oldalfalmagasságot választunk, akkor legfeljebb mennyi lehet a gumi szélessége? (10 pont) MEGOLDÁS:
1. Az autógyártók előírnak az autó felnijéhez egy gumiméretet, amihez ragaszkodni kellene. De sokan szeretik a nagyobb felnit, vagy a szélesebb gumiabroncsot. Az autógumik méretét három számmal szokták
RészletesebbenMatematika szóbeli érettségi témakörök 2016/2017-es tanév őszi vizsgaidőszak
Matematika szóbeli érettségi témakörök 2016/2017-es tanév őszi vizsgaidőszak Halmazok Halmazok egyenlősége Részhalmaz, valódi részhalmaz Üres halmaz Véges és végtelen halmaz Halmazműveletek (unió, metszet,
Részletesebbenegyenletrendszert. Az egyenlő együtthatók módszerét alkalmazhatjuk. sin 2 x = 1 és cosy = 0.
Magyar Ifjúság. X. TRIGONOMETRIKUS FÜGGVÉNYEK A trigonometrikus egyenletrendszerek megoldása során kísérletezhetünk új változók bevezetésével, azonosságok alkalmazásával, helyettesítő módszerrel vagy más,
RészletesebbenIsmételjük a geometriát egy feladaton keresztül!
Laczkó László Készült a Fazekas ihály Oktatási Kulturális és Sport lapítvány támogatásával z árák elektronikus változatát Véges árton (009c) diák készítette feladat z hegyesszögű háromszög -nél levő szöge.
RészletesebbenMásodfokú egyenletek, egyenlőtlenségek
Másodfokú egyenletek, egyenlőtlenségek A másodfokú egyenlet grafikus megoldása Példa1. Ábrázold az f(x) = x + 1x + 16 függvényt, majd olvasd le az ábráról az alábbi egyenlet megoldását: x + 1x + 16 = 0.
Részletesebben3 függvény. Számítsd ki az f 4 f 3 f 3 f 4. egyenlet valós megoldásait! 3 1, 3 és 5 3 1
Érettségi, M, I-es feladatsor, természettudomány.. Számítsd ki a C! összeget! log 4. Határozd meg a. Számítsd ki az egyenlet valós megoldásait! összeg értékét, ha és az 4. Adott az f : 0,, f. Adottak az
RészletesebbenI. rész. 4. Határozza meg a valós számok halmazán értelmezett x x 2 4x függvény szélsőértékét és annak helyét! Válaszát indokolja!
Feladatsor I. rész Adott két halmaz. A a 9-nél kisebb páros pozitív egészek; B a 30-nál kisebb, 6-tal osztható pozitív egészek halmaza. Adja meg az A B és a B \ A halmazokat!. Adja meg az alábbi állítások
Részletesebben= 1, azaz kijött, hogy 1 > 1, azaz ellentmondásra jutottunk. Így nem lehet, hogy nem igaz
Egyenlőtlenség : Tegyük fel, hogy valamilyen A,B,C számokra nem teljesül, azaz a bal oldal nagyobb. Mivel ABC =, ha az első szorzótényezőt B-vel, a másodikat C-vel, a harmadikat A-val szorozzuk, azaz az
RészletesebbenTANMENETJAVASLAT. Dr. Korányi Erzsébet MATEMATIKA. Tankönyv nyolcadikosoknak. címû tankönyveihez
TANMENETJAVASLAT Dr. Korányi Erzsébet MATEMATIKA Tankönyv nyolcadikosoknak címû tankönyveihez 8. OSZTÁLY Óraszám 1. 1 2. Halmazok ismétlés Tk. 6/1 5. Gyk. 3 6/1 10. 2. 3 4. A logikai szita Tk. 9 10/6 20.
RészletesebbenEÖTVÖS LORÁND SZAKKÖZÉP- ÉS SZAKISKOLA TANÍTÁST SEGÍTŐ OKTATÁSI ANYAGOK MÉRÉS TANTÁRGY
EÖTVÖS LORÁND SZAKKÖZÉP- ÉS SZAKISKOLA TANÍTÁST SEGÍTŐ OKTATÁSI ANYAGOK MÉRÉS TANTÁRGY SÍKIDOMOK Síkidom 1 síkidom az a térelem, amelynek valamennyi pontja ugyan abban a síkban helyezkedik el. A síkidomokat
RészletesebbenÉRETTSÉGI VIZSGA KÖZÉPSZINT% ÍRÁSBELI. ÉRETTSÉGI VIZSGA május 7. jár pont. 2 pont
8 b) Összesen (=76+09+40) db kenyeret rendeltek és 4 db-ot küldtek vissza, ez a megrendelt mennyiség,9%-a Összesen 69 (=4+8) péksüteményt rendeltek és 4 db-ot küldtek vissza, ez a megrendelt mennyiség
RészletesebbenEGYBEVÁGÓSÁGI TRANSZFORMÁCIÓK TENGELYES TÜKRÖZÉS
GEOMETRIA 1. Az A, B, C egy egyenes pontjai (ebben a sorrendben), AB szakasz 5 cm, BC szakasz 17 cm. F 1 az AB szakasz, F 2 a BC szakasz felezőpontja. Mekkora az F 1 F 2 szakasz? 2. Az AB és CD szakaszok
RészletesebbenMegoldás: Mindkét állítás hamis! Indoklás: a) Azonos alapú hatványokat úgy szorzunk, hogy a kitevőket összeadjuk. Tehát: a 3 * a 4 = a 3+4 = a 7
A = {1; 3; 5; 7; 9} A B = {3; 5; 7} A/B = {1; 9} Mindkét állítás hamis! Indoklás: a) Azonos alapú hatványokat úgy szorzunk, hogy a kitevőket összeadjuk. Tehát: a 3 * a 4 = a 3+4 = a 7 Azonos alapú hatványokat
RészletesebbenFeladatok a szinusz- és koszinusztétel témaköréhez 11. osztály, középszint
TÁMOP-3.1.4-08/-009-0011 A kompetencia alapú oktatás feltételeinek megteremtése Vas megye közoktatási intézményeiben Feladatok a szinusz- és koszinusztétel témaköréhez 11. osztály, középszint Vasvár, 010.
RészletesebbenOktatási Hivatal. 1 pont. A feltételek alapján felírhatók az. összevonás után az. 1 pont
Oktatási Hivatal Öt pozitív egész szám egy számtani sorozat első öt eleme A sorozatnak a különbsége prímszám Tudjuk hogy az első négy szám köbének összege megegyezik az ezen öt tag közül vett páros sorszámú
RészletesebbenParaméteres és összetett egyenlôtlenségek
araméteres és összetett egyenlôtlenségek 79 6 a) Minden valós szám b) Nincs ilyen valós szám c) c < vagy c > ; d) d # vagy d $ 6 a) Az elsô egyenlôtlenségbôl: m < - vagy m > A második egyenlôtlenségbôl:
RészletesebbenFüggvények július 13. Határozza meg a következ határértékeket! 1. Feladat: x 0 7x 15 x ) = lim. x 7 x 15 x ) = (2 + 0) = lim.
Függvények 205. július 3. Határozza meg a következ határértékeket!. Feladat: 2. Feladat: 3. Feladat: 4. Feladat: (2 + 7 5 ) (2 + 7 5 ) (2 + 0 ) (2 + 7 5 ) (2 + 7 5 ) (2 + 0) (2 + 0 7 5 ) (2 + 0 7 5 ) (2
RészletesebbenA(a; b) = 2. A(a; b) = a+b. Példák A(37; 49) = x 2x = x = : 2 x = x = x
10. osztály:nevezetes középértékek Összeállította:Keszeg ttila 1 1 számtani közép efiníció 1. (Két nemnegatív szám számtani közepe) Két nemnegatív szám számtani közepének a két szám összegének a felét
RészletesebbenARCHIMEDES MATEMATIKA VERSENY
Koszinusztétel Tétel: Bármely háromszögben az egyik oldal négyzetét megkapjuk, ha a másik két oldal négyzetének összegéből kivonjuk e két oldal és az általuk közbezárt szög koszinuszának kétszeres szorzatát.
RészletesebbenOktatási Hivatal. A döntő feladatainak megoldása. 1. Feladat Egy kifejezést a következő képlettel definiálunk: ahol [ 2008;2008]
OKTV 7/8 A öntő felaatainak megolása. Felaat Egy kifejezést a következő képlettel efiniálunk: 3 x x 9x + 7 K = x 9 ahol [ 8;8] x és x Z. Mennyi a valószínűsége annak hogy K egész szám ha x eleget tesz
RészletesebbenHalmazok. Gyakorló feladatsor a 9-es évfolyamdolgozathoz
Halmazok 1. Feladat. Adott négy halmaz: az alaphalmaz, melynek részhalmazai az A, a B és a C halmaz: U {1, 2,,..., 20}, az A elemei a páros számok, a B elemei a hárommal oszthatók, a C halmaz elemei pedig
Részletesebben