462 Trigonometrikus egyenetek II. rész
|
|
- Mariska Bakos
- 5 évvel ezelőtt
- Látták:
Átírás
1 Tigonometikus egyenetek II ész - cosx N cosx Alakítsuk át az egyenletet a következô alakúa: + + N p O O Ebbôl kapjuk, hogy cos x $ p- Ennek az egyenletnek akko és csak akko van valós megoldása, ha 0 # $ p - #, azaz ha # p # 7 p # - vagy # p esetén megoldása van az egyenletnek p esetén 5 megoldása van az egyenletnek - < p <, de p Y, akko megoldása van az egyenletnek Az egyenletet a következô alakúa hozhatjuk: _ cos x- i_ cos x+ i p$ _ cos x-sin xi, azaz _ cos x- i_ cos x+ - pi 0, ebbôl következik, hogy a) cos x- 0; b) cos x+ - p 0 Az a)-ból x 5 $ ; x gyökök esnek bele a [0; $ ] intevallumba Tehát az eedeti egyenletnek bámely valós p-e legalább két megoldása van A b)-bôl következik, hogy - # p # esetben van valós megoldása a b) egyenletnek, hiszen a b) N p egyenletet átalakíthatjuk a következô alakúa: sin x + O Ajánlatos felajzolni az f x + N _ i O gafikonját a [0; $ ] intevallumon, hogy a megfelelô következtetéseket könnyen levonhassuk $ 8 eset: a esetén: - + m$ $ # x # + m$ $ a megoldás a) eset: a $ - és a Y esetén x $ a megoldás 5 $ b) eset: a # - esetén x $ a megoldás Emeljük négyzete az egyenletet, majd endezzük nulláa és alakítsuk szozattá Azt kapjuk, hogy: _ a-i_ - cos xi 0 eset: a esetén akko teljesül az egyenlet, ha + cos x$ 0, ezt alakítsuk át a következô alaka úgy, hogy elosztjuk az egyenlôtlenséget -vel, majd alkalmazzuk a megfelelô összegzési tételt apjuk, hogy + N $ 0 O Ezt az egyenlôtlenséget megoldva kapjuk az eedeti egyenlet egy megoldását eset: Ha a - Y 0, akko - cos x 0, ebbôl tg x, x + l$, de teljesülnie kell, hogy a$ + cos x$ 0 és a$ cos x+ $ 0, ezek l $ k-nél akko állnak fenn, ha a $ - Ha l $ k+, akko az egyenlôtlenségek akko állnak fenn, ha a # eset: p ; eset: p - esetén van megoldása az egyenlôtlenségnek Vizsgáljuk meg elôszö az egyenlôtlenség bal oldalát! p$ + p $ + p$ p$ Alkalmazzuk az összeg két tagjáa a számtani és métani közép közötti egyenlôtlenséget! Ebbôl p $ + kapjuk, hogy p$ + $ 8 Ez pontosan akko áll fenn, ha p$ p$
2 Tigonometikus egyenlôtlenségek II ész p$ Nézzük most az egyenlôtlenség jobb oldalát! Ez cos x-e másodfokú kifejezés Hatáozzuk meg, hogy ez miko veszi fel a maximumát! Azt kapjuk, hogy cos x -nél lesz 5 maximális a kifejezés Mégpedig a maximum étéke 8 Tehát az egyenlôtlenség csak akko teljesülhet, ha benne egyenlôség áll fenn Ekko viszont és p$ Ebbôl azt 5 0 kaphatjuk, hogy p Tigonometikus egyenlôtlenségek II ész 50 a) - $ < x< $ Használjuk fel cos x képletét, majd a sin x-et alakítsuk át sin x + cos x segítségével A cos x-e kapott másodfokú egyenlôtlenséget oldjuk meg! b) x $ ; $ < x< $ Használjuk fel cos x 5 $ $ képletét, majd a cos x-et alakítsuk át sin x + cos x segítségével A -e kapott másodfokú egyenlôtlenséget oldjuk meg! 5 a) - $ < x< 0+ k$ $ ; 0 $ < x< $ Használjuk fel cos x képletét, majd a sin x-et alakítsuk át sin x + cos x segítségével A cos x-e kapott másodfokú egyenlôtlenséget oldjuk meg! b) - < x< Végezzük el a cosx - és a -cos x helyettesítést! Ekko kapunk cos x-e egy másodfokú egyenlôtlenséget, amelyet oldjunk meg! c) # x# Használjuk fel 5 $ cos x képletét, majd a sin x-et alakítsuk át sin x + cos x segítségével Rendezzük nulláa a kapott egyenlôtlenséget, majd alakítsuk szozattá! 5 Hozzuk közös nevezôe a bal oldalon levô két tötet! Majd a számlálóban kapott negyedik hatványok összegét alakítsuk át a sin x + cos x azonosság négyzete emelésével kapott azonosság segítségével A számlálóban alkalmazzuk visszafelé a képletét Ezt pedig alakítsuk át a sin x - cos x azonosság segítségével A nevezôben szintén alkalmazzuk 8$ `+ cos xj visszafelé képletét! apjuk, hogy E tötet csökkentjük, illetve nem növeljük, ha 8-at íunk a számláló helyett és a nevezô helyett pedig -et 5 - < x< Vegyük figyelembe, hogy cos x `j + `cos xj Ezt viszont má könnyen szozattá alakíthatjuk, ha figyelembe vesszük, hogy a + b _ a+ bi`a - a$ b+ b j Ezután használjuk fel a sin x + cos x azonosságot és alkalmazzuk képletét visszafelé! Majd használjuk fel, hogy cosx -, ezután endezzük nulláa az egyenlôtlenséget és azt kapjuk, hogy cosx > 0
3 Tigonometikus egyenlôtlenségek II ész 5 Hasonlóan jájunk el, mint az elôzô feladatban Azt kapjuk, hogy elég igazolni a következô egyenlôtlenséget: # - $ # n n 55 $ sinx$ cosx$ cosx$ $ cos ` $ xj #, sinx$ cosx$ $ cos ` $ xj # n - n - Folytassuk! (Ha pecízek vagyunk, akko teljes indukcióval) apjuk a végén, hogy sin n n n + $ ` $ xj$ cos ` $ xj #, azaz sin ` $ xj # 5 Alkalmazzuk a $ cosa$ cosb cos _ a+ bi+ cos _ a-bi azonosságot! Majd alkalmazzuk a cos a + a cos azonosságot és még egysze az elôzô azonosságot! Azt kaphatjuk, hogy a feladatbeli egyenlôtlenség ekvivalens a következô egyenlôtlenséggel: 0 # sin b # 57 a) < x< + k$ Osszuk el az egyenlôtlenséget -vel, majd alkalmazzuk a megfelelô összegzési tételt és kapjuk, hogy + N < O $ $ 9 $ $ b) < x< Hasonlóan jájunk el, mint az elôzô feladatban $ 5 $ $ c) < x< Rendezzük nulláa az egyenlôtlenséget, majd osszuk el -vel Ezután hasonlóan oldhatjuk meg, mint az elôzô két feladatot 5 $ cos d) - < x< Alkalmazzuk a sin a - a azonosságot, majd vegyük figyelembe, hogy - cos x+ N sinx O Azután osszuk el az egyenletet -vel! Ezután hasonlóan folytatható, mint az elôzô háom feladat folytatása 5 $ 58 a) $ < x< $ Az egyenlôtlenségbôl következik, hogy > cos x Miét? Rendezzük nulláa a kapott egyenlôtlenséget, majd osszuk el -vel! Alkalmazzuk a megfelelô összegzési tételt és kapjuk, hogy - N > 0 O $ b) - $ < x< $ A feladat egyenlôtlenségébôl következik, hogy < cos x Miét? Ezután hasonlóan folytathatjuk, mint az elôzô feladat megoldását 59 - < x< 0 A feladat egyenlôtlensége ekvivalens a következôvel: - < + cos x< Osszuk el ezt az egyenlôtlenséget -vel, majd alkalmazzuk a megfelelô összegzési tételt és kapjuk, hogy: - < + N < O 5 $ 0 a) < x< Az egyenlôtlenség bal oldalának számlálóját és nevezôjét egyaánt osszuk el -vel, majd alkalmazzuk a megfelelô összegzési tételeket és kap-
4 Tigonometikus egyenlôtlenségek II ész 5 N cos x - O juk, hogy: > N, azaz ctg x - N > O b) 0 # x# A feladat cos x - O - cos x egyenlôtlenségével ekvivalens a következô: - # # Ezután hasonlóan jájunk + cos x el, mint az elôzô feladat megoldásában apjuk, hogy - # tg x - N # O $ 7 $ 7 $ a) $ < x< $ ; + l$ $ < x< + l$ $ Alkalmazzuk cosx képletét, majd alakítsuk szozattá a jobb oldalt! Ezután endezzük nulláa az egyenlôtlenséget, majd alakítsuk szozattá az egyenlôtlenséget! apjuk, hogy _ + cos xib- $ _ cos x-sin xil > 0 b) x + _ $ k+ i $ $ Osszuk el az egyenlôtlenséget -vel, majd alkalmazzuk a megfelelô összegzési tételt! apjuk, hogy x N (*) $ sin + # - O Mutassuk meg, hogy a (*) egyenlôtlenségben csak az egyenlôség esete állhat fenn, mégpedig pontosan akko, ha N + - O és $ - $ # x# $ Ha négyzete emeljük az egyenlôtlenséget és felhasználjuk sinx képletét visszafelé, kapjuk endezés után, hogy sin x+ $ cos x sin x+ $ cos x Ez azonosság, de nem minden valós x-e teljesül, hanem csak azoka, amelyeke fennáll, hogy (*) + $ cos x$ 0 és (**) + cosx+ $ sinx$ 0 A (*) egyenlôtlenséget osszuk el -vel, majd alkalmazzuk a megfelelô összegzési tételt és kapjuk, hogy + N $ $ 0 O Ennek megoldása - $ # x# $ A(**) egyenlôtlenséget osszuk el -vel, majd alkalmazzuk a megfelelô összegzési tételt és kapjuk, hogy: N + sin x + $ - O Ez pedig minden x valós száma fennáll $ tg x < x< Használjuk fel, hogy sinx (ha x Y ), + tg x majd szoozzunk be a nevezôvel és kapjuk a következô egyenlôtlenséget: tg x- $ tg x+ + $ tg x - $ 0 Alakítsuk szozattá ezt az egyenlôtlenséget! tg x-tg x-`tg x- tg xj+ + _ $ tg x -i $ 0 Folytassuk! $ 7 $ - $ < x< $ ; + l$ $ < x< + l$ $ ; 5 $ 7 $ + m$ $ < x< + m$ $ Rendezzük nulláa az egyenlôtlenséget, majd alkal-
5 Tigonometikus egyenlôtlenségek II ész mazzuk cosx képletét és kapjuk, hogy $ + $ -$ - < 0 Alakítsuk N N szozattá ezen egyenlôtlenséget! apjuk, hogy $ - $ + < 0 O O, ebbôl N N N O O - $ + $ + < 0 O O O cosx- cosx $ sinx$ cosx- $ sinx$ cosx 5 $ sinx$ sinx sinx$ sinx+ sinx-sinx < Miét? Mutassuk meg, hogy egyenlôség valóban nem állhat fenn x+ y x- y megoldás vázlata: egyen z cos, ekko z $ - $ z $ cos + x- y N x- y N $ z - $ cos + $ -cos $ 0 O O megoldás vázlata: Az a, b, és c vektook közös kezdôpontúak legyenek egyen x az a és a b vektook hajlásszöge és y pedig a b és a c vektook hajlásszöge, míg x + y vagy $ -_ x+ yi a c és az a vektook hajlásszöge Ekko a + b + c 0, azaz a + b + c + $ a $ b $ cos x+ $ b $ c $ cos y+ $ c $ a $ cos _ x+ yi $ 0, és legyen a c és b 7 Alkalmazzuk képletét x-e és y-a is, majd emeljünk ki a két megfelelô tagból $ sin y-t, kapjuk, hogy 8$ $ sin y$ _ cos x$ cos y-$ sin yi - # 0 cos _ x-yi- cos _ x+ yi Ebbôl 8$ $ sin y$ cos _ x+ yi - # 0, 0 # - 8$ $ cos _ x+ yi Tovább folytatva: 0 # sin _ x- yi+ cos _ x- yi+ $ cos _ x+ yi- $ cos _ x+ yi$ cos _ x-yi, 0 # ` $ cos _ x+ yi-cos _ x- yij + sin _ x-yi 8 Használjuk fel a megfelelô összegzési tételt a bal oldalon, végezzük el itt a négyzete emelést és végezzük el a szozást a jobb oldalon! issé endezzük át a kapott egyenlôtlenséget a következô alakúa: cos $ x$ cos $ y- $ $ sin y$ cos x$ cos y+ sin x$ sin y# # - $ _ $ cos y+ cos x$ sin yi Ebbôl: cos _ x+ yi # - $ sin _ x+ yi, - sin _ x+ yi # - $ sin _ x+ yi, # sin _ x+ yi- $ sin _ x+ yi +, # `sin _ x+ yi -j Ez miét teljesül minden valós x, y száma? 9 sinx $ $ cos x, sinx $ $ cos x- Felhasználva az elôzô azonosságokat, kapjuk, hogy: + $ sinx+ $ sinx $ `+ $ cos x+ $ cos xj cos x $ c_ + i + _ + cos xi+ $ cos xm > 0, met > 0, ha 0 < x <, míg a második tényezô tagjai nemnegatívak (és egyszee mindháom tag nem lehet nulla) Fejé ipót ( ) híes magya matematikus igazolta, hogy bámely pozitív egész n-e teljesül, hogy + $ sinx+ $ sinx+ + $ sin nx> 0, ha 0 < x < fennáll n $
6 Tigonometikus egyenlôtlenségek II ész Indiekt módon tegyük fel, hogy cos x+ $ cosx+ $ cosx< Ebbôl cos x+ $ cosx+ _ $ cosx+ i < -, cos x+ $ cosx+ $ cos x< -, N N $ $ cos x+ cosx+ + cos x< - O, $ $ cosx+ + cos x< - O Ez nem teljesülhet, met a záójeles kifejezés nemnegatív, míg cos x $ - Tehát nem igaz a feltevésünk, ezét az eedeti egyenlôtlenség teljesül 7 Alkalmazzuk a számtani és métani közép közötti egyenlôtlenséget a bal oldali összeg két pozitív tagjáa! 7 Alkalmazzuk a számtani és métani közép közötti egyenlôtlenséget a bal oldali összeg két pozitív tagjáa! Majd használjuk fel, hogy + cos x $ + N O Miét? Másészt használjuk fel a következô becslést: sin x + N $ - O -cos 7 Megmutatjuk, hogy (*) x -sin x + $ és (**) $ sin y+ cos y (*) mindkét bal oldali tagja pozitív, ezét alkalmazhatjuk a számtani és a métani közép közötti egyenlôtlenséget Majd használjuk fel, hogy sin x + cos x (**)-nál osszuk el az egyenlôtlenséget -vel, majd alkalmazzuk a megfelelô összegzési tételt és kapjuk, hogy $ sin y + N O, ez pedig teljesül S mivel átalakításaink megfodíthatóak, ezét (**) is teljesül (*)-ból és (**)-ból következik a feladat egyenlôtlenségének fennállása x x 7 x az egyenlôtlenség megoldása Használjuk fel, hogy cos x cos - sin, kapjuk, hogy ` x - $ x+ j $ log `cos _ $ xi + j $ Ebbôl kaphatjuk, hogy -` x - $ x+ j $ log`cos _ $ xi + j $ Ha x # vagy x $, akko az elôbbi egyenlôtlenség bal oldala negatív vagy nulla Ezt az elsô tényezô vizsgálatából nyehetjük, hiszen a második tényezô mindig nemnegatív Tehát < x < -nak kell lennie, de x kivételével -`x - $ x+ j <, míg x -nél a másodfokú kifejezés étéke Másészt gondoljuk meg, hogy $ log`cos _ $ xi + j > 0 fennáll, ha < x < Ezt az étéket a lehetséges intevallumban gondoljuk meg, hogy pontosan x -nél veszi fel Tehát az eedeti egyenlôtlenség akko és csak akko áll fenn, ha x és itt egyenlôség lép fel az egyenlôtlenségben 75 x az egyenlôtlenség megoldása log `+ $ cos x- cosx+ $ cos _ $ xij log `+ $ cos _ $ xij $ log
7 8 Tigonometikus egyenlôtlenségek II ész 5 5 N Másészt mutassuk meg, hogy x-x - # - Ebbôl - x-x - $ O, így 5 N - x-x - $ log `+ $ cos x- cosx+ $ cos _ $ x $ $ O ij, tehát 5 N x-x - $ log `+ $ cos x- cosx+ $ cos _ $ x # - O ij Vegyük figyelembe az eedeti egyenlôtlenséget és azt kapjuk, hogy 5 N x-x - $ log `+ $ cos x- cosx+ $ cos _ $ x - O ij Gondoljuk meg, hogy ez az N egyenlôség akko és csak akko állhat fenn, ha x - 0 O, azaz ha x 7 x ; # x#, ahol k tetszôleges negatív egész szám; - + l$ # x# - + l$, ahol l tetszôleges nempozitív egész szám eset: Ha x, akko könnyen kimutathatjuk, hogy ez megoldás eset: Ha x Y, akko fenn kell állniuk a következô egyenlôtlenségeknek: a) - $ x > 0, ebbôl > x; b) 8$ cos x - Y 0, ebbôl x Y! + n$ $ és x! $ Y + n$ $ ; c) Y 0, ebbôl x Y n$ ; d) Y!, ebbôl összefoglalás után x Y + n$ N tg x cos x e) log ` + j $ O ` + tg x j$ cos x < 0 Az e)-bôl kapjuk, hogy > Ezt pedig 8$ cos x - O 8$ cos x - + tg x alakítsuk a következô alakúa: $ Rendezzük nulláa, hozzunk közös nevezôe - $ tg x $ tg x+ tg x - $ tg x + tg x - és kapjuk, hogy $ 0, $ 0 - $ tg x - $ tg x e) eset: Ha $ tg x + tg x -$ 0 és - $ tg x> 0 Itt az elsô egyenlôtlenségôl mutassuk ki, hogy pontosan akko teljesül, ha tg x $ Míg a második egyenlôtlenség pontosan akko teljesül, ha tg x # A két egyenlôtlenségnek egyszee kell fennállnia: # tg x # Ebbôl következik, hogy # tg x #, ennek a megoldása # x#, de itt figyelembe kell venni, hogy x <, ezét k tetszôleges negatív egész szám lehet - # tg x #-, ennek a megoldása - + l$ # x# - + l$, itt l-nek tetszôleges nempozitív egész számnak kell lennie, x < miatt
8 Tigonometikus egyenlôtlenségek II ész 9 eset: Ha $ tg x + tg x - # 0 és - $ tg < 0 Ekko az elsôbôl az következik, hogy (*) - # tg x # és (**) # tg x vagy - $ tg x (*) és (**) közös észe az ües halmaz, tehát ebben az esetben nem kapunk megoldást 77 f max 5; f min -5 Osszuk el f(x) kifejezését 5-tel, majd alkalmazzuk a megfelelô összegzési tételt! + $ 78 f max, ezt akko veszi fel a függvény, amiko x ; 8 - f min, ezt akko veszi fel a függvény, amiko x- + l$ Vegyük figyelembe, hogy 8 cosx -, másészt f (x) kifejezését osszuk el -vel, majd alkalmazzuk a megfelelô összegzési tételt! 7 cosx 79 f max ; fmin Vegyük figyelembe, hogy sin x -, majd hozzuk a következô alaka: f _ xi - $ $ cosx- $ sinx Ezután alkalmazzuk a megfelelô N 7 O O összegzési tételt! 80 Az egyenlô száú deékszögû háomszögeknél lesz maximális a keület N a+ b c$ sina+ c$ cosa c$ $ $ + $ cos x O O c $ $ + N O Folytassuk egy következtetéssel! 8 Akko a legkisebb a beít négyzet keülete, amiko a csúcsai a nagy négyzet oldalfelezô pontjain helyezkednek el egyen x a beít négyzet oldalhossza, ekko x$ cosa+ x$ sina, ebbôl x sina+ cosa Így k $ x $ sina+ cosa $ sina+ $ cosa $ N Folytassuk! sin a + O 8 a) f max, ezt akko veszi fel, ha x k$, f min, ezt akko veszi fel, amiko x Emeljük négyzete a + cos x azonosságot és fejezzük ki a kapott eedménybôl a negyedik hatványok összegét, majd alkalmazzuk a sinx képletét visszafelé b) f max, ezt akko veszi fel, ha x k$, f min, ezt akko veszi fel, ha x + l$ vagy x- + m$ Induljunk ki abból, hogy + cos x `j + `cos xj, ezt pedig alakítsuk szozattá figyelembevéve az a + b _ a+ bi`a - a$ b+ b j azonosságot Használjuk
9 70 Tigonometikus egyenlôtlenségek II ész fel, hogy sin x+ cos x, a negyedik hatványok összegével hasonlóan bánhatunk el, mint az elôzô feladatban apjuk, hogy f _ xi - $ sin x $ 8 f max, és ezt x + k $ -nél veszi fel f min és ezt x + l $ -nél veszi 8 fel + $ $ cos x N N f _ xi $ $ - $ - + $ $ cos x + $ cos x O + sinx O N N apjuk, hogy f _ xi # $ - O Másészt f _ xi $ $ - + _ - i O + O 8 8 f max, és ezt ott veszi fel, ahol x vagy 85 5 $ 5 x + l$, f min -, és ezt ott veszi fel, ahol x + m$ Használjuk fel, hogy -cos x és cosx cos x + N apjuk, hogy f _ xi - cosx- O 85 a R$ sinz és b $ R$ cosz, így t a$ b sin z, 8 tehát t max és ezt z 5 -nál éi el q p 8 a ; b cos{ sin{ Így a$ b p$ q t f sin{ Tehát tmin p$ q és ez akko következik be, ha { 5 87 a) f min, ezt akko veszi fel, ha x vagy $ x + l$ Hozzunk közös nevezôe, alkalmazzuk a sin x+ cos x azonosságot, majd alkalmazzuk visszafelé sinx képletét apjuk elôbbutóbb, hogy fx () b) g min 9, ezt akko veszi fel, ha x vagy x- + l$ gx () f 5 + cos x 88 f min 8 és ezt x -nél veszi fel Alkalmazzuk a számtani és métani közép közötti összefüggést az összeg két pozitív tagjáa! apjuk egy kis endezés után, hogy fx () $ 8 8 $ cos x $ 89 fmin, ezt akko veszi fel, ha x sin cos fx () x x cos x + $ cos x sinx
IV x. 2,18 km magasan van a hôlégballon.
8 Hegyesszögû tigonometiai alapfeladatok 8 9 8,8 km magasan van a hôlégballon Egyészt = tg és = tg 0, másészt a Pitagoasz-tételt alkalmazva kapjuk, hogy a b a + b = Ezen egyenletendszebôl meghatáozhatjuk
Részletesebben9. Trigonometria. I. Nulladik ZH-ban láttuk: 1. Tegye nagyság szerint növekvő sorrendbe az alábbi értékeket! Megoldás:
9. Trigonometria I. Nulladik ZH-ban láttuk: 1. Tegye nagyság szerint növekvő sorrendbe az alábbi értékeket! x = cos 150 ; y = sin 5 ; z = tg ( 60 ) (A) z < x < y (B) x < y < z (C) y < x < z (D) z < y
Részletesebbenegyenlőtlenségnek kell teljesülnie.
MATEMATIKA ÉRETTSÉGI TÍPUSFELADATOK MEGOLDÁSAI KÖZÉP SZINT Abszolútértékes és gyökös kifejezések A szürkített hátterű feladatrészek nem tartoznak az érintett témakörhöz, azonban szolgálhatnak fontos információval
RészletesebbenFüggvények július 13. f(x) = 1 x+x 2 f() = 1 ()+() 2 f(f(x)) = 1 (1 x+x 2 )+(1 x+x 2 ) 2 Rendezés után kapjuk, hogy:
Függvények 015. július 1. 1. Feladat: Határozza meg a következ összetett függvényeket! f(x) = cos x + x g(x) = x f(g(x)) =? g(f(x)) =? Megoldás: Összetett függvény el állításához a küls függvényben a független
RészletesebbenAbszolútértékes és gyökös kifejezések Megoldások
Abszolútértékes és gyökös kifejezések Megoldások ) Igazolja, hogy az alábbi négy egyenlet közül az a) és b) jelű egyenletnek pontosan egy megoldása van, a c) és d) jelű egyenletnek viszont nincs megoldása
RészletesebbenExponenciális és logaritmikus kifejezések Megoldások
Eponenciális és logaritmikus kifejezések - megoldások Eponenciális és logaritmikus kifejezések Megoldások ) Igazolja, hogy az alábbi négy egyenlet közül az a) és jelű egyenletnek pontosan egy megoldása
RészletesebbenElemi algebrai eszközökkel megoldható versenyfeladatok Ábrahám Gábor, Szeged
Magas szintű matematikai tehetséggondozás Elemi algebrai eszközökkel megoldható versenyfeladatok Ábrahám Gábor, Szeged Ahhoz, hogy egy diák kimagasló eredményeket érhessen el matematika versenyeken, elengedhetetlenül
RészletesebbenMATEMATIKA ÉRETTSÉGI TÍPUSFELADATOK MEGOLDÁSAI EMELT SZINT Exponenciális és Logaritmikus kifejezések
MATEMATIKA ÉRETTSÉGI TÍPUSFELADATOK MEGOLDÁSAI EMELT SZINT Eponenciális és Logaritmikus kifejezések A szürkített hátterű feladatrészek nem tartoznak az érintett témakörhöz, azonban szoálhatnak fontos információval
RészletesebbenIrracionális egyenletek, egyenlôtlenségek
9 Irracionális egyenletek, egyenlôtlenségek Irracionális egyenletek, egyenlôtlenségek Irracionális egyenletek /I a) Az egyenlet bal oldala a nemnegatív számok halmazán, a jobb oldal minden valós szám esetén
RészletesebbenTrigonometria Megoldások. 1) Igazolja, hogy ha egy háromszög szögeire érvényes az alábbi összefüggés: sin : sin = cos + : cos +, ( ) ( )
Trigonometria Megoldások Trigonometria - megoldások ) Igazolja, hogy ha egy háromszög szögeire érvényes az alábbi összefüggés: sin : sin = cos + : cos +, ( ) ( ) akkor a háromszög egyenlő szárú vagy derékszögű!
RészletesebbenMATEMATIKA ÉRETTSÉGI TÍPUSFELADATOK MEGOLDÁSAI EMELT SZINT Exponenciális és Logaritmikus kifejezések
MATEMATIKA ÉRETTSÉGI TÍPUSFELADATOK MEGOLDÁSAI EMELT SZINT Eponenciális és Logaritmikus kifejezések A szürkített hátterű feladatrészek nem tartoznak az érintett témakörhöz, azonban szolgálhatnak fontos
RészletesebbenMásodfokú egyenletek, egyenlőtlenségek
Másodfokú egyenletek, egyenlőtlenségek A másodfokú egyenlet grafikus megoldása Példa1. Ábrázold az f(x) = x + 1x + 16 függvényt, majd olvasd le az ábráról az alábbi egyenlet megoldását: x + 1x + 16 = 0.
RészletesebbenMásodfokú egyenletek, egyenlőtlenségek
Másodfokú egyenletek, egyenlőtlenségek A másodfokú egyenlet grafikus megoldása Példa1. Ábrázold az f(x) = x 1x 16 függvényt, majd olvasd le az ábráról az alábbi egyenlet megoldását: x 1x 16 =. 1. lépés:
RészletesebbenM. 33. Határozza meg az összes olyan kétjegyű szám összegét, amelyek 4-gyel osztva maradékul 3-at adnak!
Magyar Ifjúság 6 V SOROZATOK a) Három szám összege 76 E három számot tekinthetjük egy mértani sorozat három egymás után következő elemének vagy pedig egy számtani sorozat első, negyedik és hatodik elemének
Részletesebben8. Egyenletek, egyenlőtlenségek, egyenletrendszerek II.
8 Egyenletek, egyenlőtlenségek, egyenletrendszerek II Elméleti összefoglaló Az a + b+ c, a egyenletet másodfokú egyenletnek nevezzük A D b ac kifejezést az egyenlet diszkriminánsának nevezzük Ha D >, az
RészletesebbenMagasabbfokú egyenletek
86 Magasabbfokú egyenletek Magasabbfokú egyenletek 5 90 a) =! ; b) =! ; c) = 5, 9 a) Legyen = y Új egyenletünk: y - 5y+ = 0 Ennek gyökei: y=, y= Tehát egyenletünk gyökei:, =!,, =! b) Új egyenletünk: y
Részletesebbena) A logaritmus értelmezése alapján: x 8 0 ( x 2 2 vagy x 2 2) (1 pont) Egy szorzat értéke pontosan akkor 0, ha valamelyik szorzótényező 0.
MATEMATIKA ÉRETTSÉGI TÍPUSFELADATOK MEGOLDÁSAI EMELT SZINT Abszolútértékes és Gyökös kifejezések A szürkített hátterű feladatrészek nem tartoznak az érintett témakörhöz, azonban szolgálhatnak fontos információval
RészletesebbenTrigonometria Megoldások. 1) Oldja meg a következő egyenletet a valós számok halmazán! (12 pont) Megoldás:
Trigonometria Megoldások ) Oldja meg a következő egyenletet a valós számok halmazán! cos + cos = sin ( pont) sin cos + = + = ( ) cos cos cos (+ pont) cos + cos = 0 A másodfokú egyenlet megoldóképletével
RészletesebbenMATEMATIKA ÉRETTSÉGI TÍPUSFELADATOK MEGOLDÁSAI KÖZÉPSZINT Abszolútértékes és gyökös kifejezések
MATEMATIKA ÉRETTSÉGI TÍPUSFELADATOK MEGOLDÁSAI KÖZÉPSZINT Abszolútértékes és gyökös kifejezések A szürkített hátterű feladatrészek nem tartoznak az érintett témakörhöz, azonban szolgálhatnak fontos információval
RészletesebbenMATEMATIKA ÉRETTSÉGI TÍPUSFELADATOK MEGOLDÁSAI EMELT SZINT Trigonometria
MATEMATIKA ÉRETTSÉGI TÍPUSFELADATOK MEGOLDÁSAI EMELT SZINT Trigonometria A szürkített hátterű feladatrészek nem tartoznak az érintett témakörhöz, azonban szolgálhatnak fontos információval az érintett
RészletesebbenMATEMATIKA ÉRETTSÉGI TÍPUSFELADATOK MEGOLDÁSAI EMELT SZINT Abszolútértékes és Gyökös kifejezések
MATEMATIKA ÉRETTSÉGI TÍPUSFELADATOK MEGOLDÁSAI EMELT SZINT Abszolútértékes és Gyökös kifejezések A szürkített hátterű feladatrészek nem tartoznak az érintett témakörhöz, azonban szolgálhatnak fontos információval
RészletesebbenEgyenletek, egyenlőtlenségek VII.
Egyenletek, egyenlőtlenségek VII. Magasabbfokú egyenletek: A 3, vagy annál nagyobb fokú egyenleteket magasabb fokú egyenleteknek nevezzük. Megjegyzés: Egy n - ed fokú egyenletnek legfeljebb n darab valós
RészletesebbenMATEMATIKA ÉRETTSÉGI TÍPUSFELADATOK MEGOLDÁSAI KÖZÉPSZINT Trigonometria
MATEMATIKA ÉRETTSÉGI TÍPUSFELADATOK MEGOLDÁSAI KÖZÉPSZINT Trigonometria A szürkített hátterű feladatrészek nem tartoznak az érintett témakörhöz, azonban szolgálhatnak fontos információval az érintett feladatrészek
RészletesebbenMatematika szintfelmérő dolgozat a 2018 nyarán felvettek részére augusztus
Matematika szintfelmérő dolgozat a 018 nyarán felvettek részére 018. augusztus 1. (8 pont) Oldjuk meg a következő egyenletet a valós számok halmazán: 6 4 x 13 6 x + 6 9 x = 0 6 ( ) x 4 13 9 6 4 x 13 6
RészletesebbenFüggvények december 6. Határozza meg a következő határértékeket! 1. Feladat: x 0 7x 15 x ) = lim. Megoldás: lim. 2. Feladat: lim.
Függvények 05. december 6. Határozza meg a következő határértékeket!. Feladat: ( + 7 5 ) ( + 7 5 ) ( + 0 ). Feladat: ( + 7 5 ) ( + 7 5 ) ( + 0) 3. Feladat: ( + 0 7 5 ) 4. Feladat: ( + 0 7 5 ) ( + 7 0 5
RészletesebbenAz Országos Középiskolai Tanulmányi Verseny 2006-2007. tanévi első fordulójának feladatmegoldásai
Az Országos Középiskolai Tanulmányi Verseny 006-007. tanévi első fordulójának feladatmegoldásai matematikából, a II. kategória számára 1. Melyek azok a pozitív egészek, amelyeknek pontosan négy pozitív
RészletesebbenFeladatok megoldásokkal a 9. gyakorlathoz (Newton-Leibniz formula, közelítő integrálás, az integrálszámítás alkalmazásai 1.
Feladatok megoldásokkal a 9. gyakorlathoz (Newton-Leibniz formula, közelítő integrálás, az integrálszámítás alkalmazásai.). Feladat. Határozzuk meg az alábbi integrálokat: a) x x + dx d) xe x dx b) c)
RészletesebbenXXIV. NEMZETKÖZI MAGYAR MATEMATIKAVERSENY Szabadka, április 8-12.
XXIV NEMZETKÖZI MAGYAR MATEMATIKAVERSENY Szabadka, 05 április 8- XII évfolyam A szabályos hatoldalú csonka gúla alapélei és ( a b ) A csonka gúla oldalfelülete megegyezik az alaplapok területének összegével
RészletesebbenMegoldások. Brósch Zoltán (Debreceni Egyetem Kossuth Lajos Gyakorló Gimnáziuma) 1. Határozd meg a következő kifejezésekben a c értékét!
Megoldások. Határozd meg a következő kifejezésekben a c értékét! log 4 = c log 7 = c log 5 5 = c lg 0 = c log 7 49 = c A feladatok megoldásához használjuk a definíciót: log a b = c b = a c. log 4 = c 4
RészletesebbenParaméteres és összetett egyenlôtlenségek
araméteres és összetett egyenlôtlenségek 79 6 a) Minden valós szám b) Nincs ilyen valós szám c) c < vagy c > ; d) d # vagy d $ 6 a) Az elsô egyenlôtlenségbôl: m < - vagy m > A második egyenlôtlenségbôl:
RészletesebbenEgyenletek, egyenletrendszerek, egyenlőtlenségek Megoldások
) Egyenletek, egyenletrendszerek, egyenlőtlenségek - megoldások Egyenletek, egyenletrendszerek, egyenlőtlenségek Megoldások a) Oldja meg a valós számok halmazán az alábbi egyenletet! = 6 (5 pont) b) Oldja
RészletesebbenTrigonometrikus egyenletek megoldása Azonosságok és 12 mintapélda
Trigonometrikus egyenletek megoldása Azonosságok és 1 mintapélda Frissítve: 01. novermber 19. :07:41 1. Azonosságok 1.1. Azonosság. A sin és cos szögfüggvények derékszög háromszögben vett, majd kiterjesztett
Részletesebben352 Nevezetes egyenlôtlenségek. , az átfogó hossza 81 cm
5 Nevezetes egyenlôtlenségek a b 775 Legyenek a befogók: a, b Ekkor 9 + $ ab A maimális ab terület 0, 5cm, az átfogó hossza 8 cm a b a b 776 + # +, azaz a + b $ 88, tehát a keresett minimális érték: 88
RészletesebbenParaméteres és összetett egyenlôtlenségek
araméteres és összetett egyenlôtlenségek 79 6 a) Minden valós szám b) Nincs ilyen valós szám c) c < vagy c > ; d) d # vagy d $ 6 a) Az elsô egyenlôtlenségbôl: m < - vagy m > A második egyenlôtlenségbôl:
RészletesebbenFüggvények július 13. Határozza meg a következ határértékeket! 1. Feladat: x 0 7x 15 x ) = lim. x 7 x 15 x ) = (2 + 0) = lim.
Függvények 205. július 3. Határozza meg a következ határértékeket!. Feladat: 2. Feladat: 3. Feladat: 4. Feladat: (2 + 7 5 ) (2 + 7 5 ) (2 + 0 ) (2 + 7 5 ) (2 + 7 5 ) (2 + 0) (2 + 0 7 5 ) (2 + 0 7 5 ) (2
RészletesebbenFeladatok MATEMATIKÁBÓL
Feladatok MATEMATIKÁBÓL a 1. évfolyam számára III. 1. Számítsuk ki a következő hatványok értékét! a) b) 7 c) 5 d) 5 1 e) 6 1 6 f) ( 81 16 ) g) 0,00001 5. Írjuk fel gyökjelekkel a következő hatványokat!
RészletesebbenFüggvények határértéke és folytonosság
Függvények határértéke és folytonosság ) Bizonyítsa be a határérték definíciója alapján, hogy teljesül! + 5 + = Megoldás Heine definíciója alapján): Igazolandó, hogy a függvény értelmezve van a egy környezetében,
Részletesebben3. Lineáris differenciálegyenletek
3. Lineáris differenciálegyenletek A közönséges differenciálegyenletek két nagy csoportba oszthatók lineáris és nemlineáris egyenletek csoportjába. Ez a felbontás kicsit önkényesnek tűnhet, a megoldásra
RészletesebbenÉrettségi feladatok: Egyenletek, egyenlőtlenségek 1 / 6. 2005. május 29. 13. a) Melyik (x; y) valós számpár megoldása az alábbi egyenletrendszernek?
Érettségi feladatok: Egyenletek, egyenlőtlenségek 1 / 6 Elsőfokú 2005. május 28. 1. Mely x valós számokra igaz, hogy x 7? 13. a) Oldja meg az alábbi egyenletet a valós számok halmazán! x 1 2x 4 2 5 2005.
RészletesebbenI. Egyenlet fogalma, algebrai megoldása
11 modul: EGYENLETEK, EGYENLŐTLENSÉGEK MEGOLDÁSA 6 I Egyenlet fogalma, algebrai megoldása Módszertani megjegyzés: Az egyenletek alaphalmazát, értelmezési tartományát később vezetjük be, a törtes egyenletekkel
Részletesebbenkonvergensek-e. Amennyiben igen, számítsa ki határértéküket!
1. Határértékek 1. Állapítsa meg az alábbi sorozatokról, hogy van-e határértékük, konvergensek-e. Amennyiben igen, számítsa ki határértéküket! 2 2...2 2 (n db gyökjel), lim a) lim n b) lim n (sin(1)) n,
RészletesebbenBrósch Zoltán (Debreceni Egyetem Kossuth Lajos Gyakorló Gimnáziuma) Megoldások
Megoldások 1. Oldd meg a következő egyenleteket! (Alaphalmaz: R) a) log 4 (x ) = 3 b) lg (x 4) = lg (8x 10) c) log x + log 3 = log 15 d) log x 0x log x 5 = e) log 3 (x 1) = log 3 4 f) log 5 x = 4 g) lg
RészletesebbenBé ni. Barna 5. Benc e. Boton d
Egy asztalon háom halomban 009 db kavics van Egyet eldobok belőle, és a többit két kupacba osztom Ezután megint eldobok egyet az egyik halomból (amelyikben egynél több kavics van) és az egyik halmot ismét
RészletesebbenEgyenletek, egyenlőtlenségek X.
Egyenletek, egyenlőtlenségek X. DEFINÍCIÓ: (Logaritmus) Ha egy pozitív valós számot adott, 1 - től különböző pozitív alapú hatvány alakban írunk fel, akkor ennek a hatványnak a kitevőjét logaritmusnak
RészletesebbenBrósch Zoltán (Debreceni Egyetem Kossuth Lajos Gyakorló Gimnáziuma) Megoldások
Megoldások 1. Oldd meg a következő exponenciális egyenletrendszereket! (Alaphalmaz: R) 5 3 x 2 2 y = 7 2 3 x + 2 y = 10 7 x+1 6 y+3 = 1 6 y+2 7 x = 5 (6 y + 1) c) 25 (5 x ) y = 1 3 y 27 x = 3 Megoldás:
RészletesebbenÖsszetettebb feladatok
A szinusztétel és koszinusztétel lklmzás Összetettebb feldtok 055..,7 m háom kö közötti síkidom teülete. Kössük össze köök középpontjit, így kpunk egy háomszöget. Legyen m, b m, 5 m. Számítsuk ki koszinusztétellel
RészletesebbenEgészrészes feladatok
Kitűzött feladatok Egészrészes feladatok Győry Ákos Miskolc, Földes Ferenc Gimnázium 1. feladat. Oldjuk meg a valós számok halmazán a { } 3x 1 x+1 7 egyenletet!. feladat. Bizonyítsuk be, hogy tetszőleges
RészletesebbenSzögfüggvények értékei megoldás
Szögfüggvények értékei megoldás 1. Számítsd ki az alábbi szögfüggvények értékeit! (a) cos 585 (f) cos ( 00 ) (k) sin ( 50 ) (p) sin (u) cos 11 (b) cos 00 (g) cos 90 (l) sin 510 (q) sin 8 (v) cos 9 (c)
RészletesebbenMatematika 10 Másodfokú egyenletek. matematika és fizika szakos középiskolai tanár. > o < 2015. szeptember 27.
Matematika 10 Másodfokú egyenletek Juhász László matematika és fizika szakos középiskolai tanár > o < 2015. szeptember 27. copyright: c Juhász László Ennek a könyvnek a használatát szerzői jog védi. A
Részletesebben13. Trigonometria II.
Trigonometria II I Elméleti összefoglaló Tetszőleges α szög szinusza a koordinátasíkon az i vektortól az óramutató járásával ellentétes irányban α szöggel elforgatott e egységvektor második koordinátája
Részletesebben6. Függvények. 1. Az alábbi függvények közül melyik szigorúan monoton növekvő a 0;1 intervallumban?
6. Függvények I. Nulladik ZH-ban láttuk: 1. Az alábbi függvények közül melyik szigorúan monoton növekvő a 0;1 intervallumban? f x g x cos x h x x ( ) sin x (A) Az f és a h. (B) Mindhárom. (C) Csak az f.
RészletesebbenOrszágos Középiskolai Tanulmányi Verseny 2009/2010 Matematika I. kategória (SZAKKÖZÉPISKOLA) 2. forduló feladatainak megoldása
Oktatási Hivatal Országos Középiskolai Tanulmányi Verseny / Matematika I. kategória (SZAKKÖZÉPISKOLA) 2. forduló feladatainak megoldása. Oldja meg a valós számok legbővebb részhalmazán a egyenlőtlenséget!
RészletesebbenElső sorozat (2000. május 22. du.) 1. Oldjamegavalós számok halmazán a. cos x + sin2 x cos x. +sinx +sin2x =
2000 Írásbeli érettségi-felvételi feladatok Első sorozat (2000. május 22. du.) 1. Oldjamegavalós számok halmazán a egyenletet! cos x + sin2 x cos x +sinx +sin2x = 1 cos x (9 pont) 2. Az ABCO háromszög
RészletesebbenMATEMATIKA A 10. évfolyam
MATEMATIKA A 10. évfolyam 7. modul Négyzetgyökös egyenletek Készítette: Gidófalvi Zsuzsa Matematika A 10. évfolyam 7. modul: Négyzetgyökös egyenletek Tanári útmutató A modul célja Időkeret Ajánlott korosztály
RészletesebbenSzélsőérték feladatok megoldása
Szélsőérték feladatok megoldása A z = f (x,y) függvény lokális szélsőértékének meghatározása: A. Szükséges feltétel: f x (x,y) = 0 f y (x,y) = 0 egyenletrendszer megoldása, amire a továbbiakban az x =
Részletesebben6. Függvények. Legyen függvény és nem üreshalmaz. A függvényt az f K-ra való kiterjesztésének
6. Függvények I. Elméleti összefoglaló A függvény fogalma, értelmezési tartomány, képhalmaz, értékkészlet Legyen az A és B halmaz egyike sem üreshalmaz. Ha az A halmaz minden egyes eleméhez hozzárendeljük
RészletesebbenHatározott integrál és alkalmazásai
Határozott integrál és alkalmazásai 5. május 5.. Alapfeladatok. Feladat: + d = Megoldás: Egy határozott integrál kiszámolása a feladat. Ilyenkor a Newton-Leibniz-tételt használhatjuk, mely azt mondja ki,
RészletesebbenEmelt szintű érettségi feladatsorok és megoldásaik Összeállította: Pataki János; dátum: november. I. rész
Pataki János, november Emelt szintű érettségi feladatsorok és megoldásaik Összeállította: Pataki János; dátum: november I rész feladat Oldja meg az alábbi egyenleteket: a) log 7 log log log 7 ; b) ( )
RészletesebbenIV. Trigonometria. Szögek átváltása fokról radiánra és fordítva. Hegyesszögû trigonometriai alapfeladatok
Tigonometia Szögek átváltása fokól adiána és fodítva 5 a) 80 ; 90 ; 0 ; 5 ;,5 b) 0 ; 50; 5 ; 0 ; 0 57 a) 00 ; 5 ; ; 70 ; 5 b) 80 57,9 ;,9 ; 9,79 ;,7 ;, 58 a),59 ; 0, ;, ; 8, ; 07, b) 85, ; 8,0 ; 9,50 ;
RészletesebbenMatematika OKTV I. kategória 2017/2018 második forduló szakgimnázium-szakközépiskola
O k t a t á s i H i v a t a l A 017/018. tanévi Országos Középiskolai Tanulmáni Versen második forduló MATEMATIKA I. KATEGÓRIA (SZAKGIMNÁZIUM, SZAKKÖZÉPISKOLA) Javítási-értékelési útmutató 1. Adja meg
Részletesebben10. Koordinátageometria
I. Nulladik ZH-ban láttuk: 0. Koordinátageometria. Melyek azok a P x; y pontok, amelyek koordinátái kielégítik az Ábrázolja a megoldáshalmazt a koordináta-síkon! x y x 0 egyenlőtlenséget? ELTE 00. szeptember
RészletesebbenEgyenletek, egyenlőtlenségek XV.
Egyenletek, egyenlőtlenségek XV. Trigonometrikus (nem alap) egyenletek Amennyien az egyenlet nem alapegyenlet, akkor arra törekszünk, hogy a szögfüggvények közötti összefüggések alkalmazásával egyféle
RészletesebbenEgyenletek, egyenlőtlenségek V.
Egyenletek, egyenlőtlenségek V. DEFINÍCIÓ: (Másodfokú egyenlet) Az ax + bx + c = 0 alakban felírható egyenletet (a, b, c R; a 0), ahol x a változó, másodfokú egyenletnek nevezzük. TÉTEL: Az ax + bx + c
RészletesebbenMatematika 11. osztály
ELTE Apáczai Csere János Gyakorló Gimnázium és Kollégium Humán tagozat Matematika 11. osztály I. rész: Hatvány, gyök, logaritmus Készítette: Balázs Ádám Budapest, 018 . Tartalomjegyzék Tartalomjegyzék
RészletesebbenTörtes egyenlőtlenségek
Törtes egyenlőtlenségek Egy tört értéke akkor pozitív, ha a számláló és a nevező egyező előjelű. Egy tört értéke akkor negatív, ha a számlálója és a nevezője ellentétes (különböző) előjelű. 1. Oldja meg
RészletesebbenGyakorló feladatok az II. konzultáció anyagához
Gyakorló feladatok az II. konzultáció anyagához 003/004 tanév, I. félév 1. Vizsgáljuk meg a következő sorozatokat korlátosság és monotonitás szempontjából! a n = 5n+1, b n = n + n! 3n 8, c n = 1 ( 1)n
RészletesebbenAz Országos Középiskolai Tanulmányi Verseny tanévi második fordulójának feladatmegoldásai. x 2 sin x cos (2x) < 1 x.
Az Országos Középiskolai Tanulmányi Verseny 2005-2006. tanévi második fordulójának feladatmegoldásai matematikából, a II. kategória számára 1. Oldja meg a következő egyenlőtlenséget, ha x > 0: x 2 sin
RészletesebbenBrósch Zoltán (Debreceni Egyetem Kossuth Lajos Gyakorló Gimnáziuma) Megoldások
Megoldások 1. Oldd meg a következő egyenletet: cos (3x π 3 ) = 1 2! A koszinusz függvény az első és a negyedik negyedben pozitív. Táblázati érték (hegyesszög): 1 2 60 = π 3 Ezek alapján felírhatjuk az
RészletesebbenBrósch Zoltán (Debreceni Egyetem Kossuth Lajos Gyakorló Gimnáziuma) Megoldások
Megoldások 1. Oldd meg a következő egyenleteket! (Alaphalmaz: Z) a) (x 1) (x + 1) 7x + 1 = x (4 + x) + 2 b) 1 2 [5 (x 1) (1 + 2x) 2 4x] = (7 x) x c) 2 (x + 5) (x 2) 2 + (x + 1) 2 = 6 (2x + 1) d) 6 (x 8)
RészletesebbenKOVÁCS BÉLA, MATEMATIKA I.
KOVÁCS BÉLA MATEmATIkA I 6 VI KOmPLEX SZÁmOk 1 A komplex SZÁmOk HALmAZA A komplex számok olyan halmazt alkotnak amelyekben elvégezhető az összeadás és a szorzás azaz két komplex szám összege és szorzata
RészletesebbenKomplex számok. Wettl Ferenc előadása alapján Wettl Ferenc előadása alapján Komplex számok / 18
Komplex számok Wettl Ferenc előadása alapján 2015.09.23. Wettl Ferenc előadása alapján Komplex számok 2015.09.23. 1 / 18 Tartalom 1 Számok A számfogalom bővülése 2 Algebrai alak Trigonometrikus alak Egységgyökök
RészletesebbenMatematika 8. osztály
ELTE Apáczai Csere János Gyakorló Gimnázium és Kollégium Hat évfolyamos Matematika 8. osztály I. rész: Algebra Készítette: Balázs Ádám Budapest, 2018 2. Tartalomjegyzék Tartalomjegyzék I. rész: Algebra................................
RészletesebbenAz egyenlőtlenség mindkét oldalát szorozzuk meg 4 16-al:
Bevezető matematika kémikusoknak., 04. ősz. feladatlap. Ábrázoljuk számegyenesen a következő egyenlőtlenségek megoldáshalmazát! (a) x 5 < 3 5 x < 3 x 5 < (d) 5 x
Részletesebben3 függvény. Számítsd ki az f 4 f 3 f 3 f 4. egyenlet valós megoldásait! 3 1, 3 és 5 3 1
Érettségi, M, I-es feladatsor, természettudomány.. Számítsd ki a C! összeget! log 4. Határozd meg a. Számítsd ki az egyenlet valós megoldásait! összeg értékét, ha és az 4. Adott az f : 0,, f. Adottak az
RészletesebbenHatvány gyök logaritmus
Szent István Egyetem Gépészmérnöki Kar Matematika Tanszék 1 Hatvány gyök logaritmus Hatványozás azonosságai 1. Döntse el az alábbi állításról, hogy igaz-e vagy hamis! Ha két szám négyzete egyenl, akkor
RészletesebbenGAZDASÁGMATEMATIKA KÖZÉPHALADÓ SZINTEN
GAZDASÁGMATEMATIKA KÖZÉPHALADÓ SZINTEN ELTE TáTK Közgazdaságtudományi Tanszék Gazdaságmatematika középhaladó szinten MÁSODFOKÚ EGYENLETEK ÉS EGYENLŽTLENSÉGEK Készítette: Gábor Szakmai felel s: Gábor
Részletesebben11. Sorozatok. I. Nulladik ZH-ban láttuk:
11. Sorozatok I. Nulladik ZH-ban láttuk: 1. Egy számtani sorozat harmadik eleme 15, a nyolcadik eleme 30. Mely n természetes számra igaz, hogy a sorozat első n elemének összege 6? A szokásos jelöléseket
Részletesebbeny + a y + b y = r(x),
Definíció 1 A másodrendű, állandó együtthatós, lineáris differenciálegyenletek általános alakja y + a y + b y = r(x), ( ) ahol a és b valós számok, r(x) pedig adott függvény. Ha az r(x) függvény az azonosan
RészletesebbenMATEMATIKA ÉRETTSÉGI TÍPUSFELADATOK MEGOLDÁSAI KÖZÉPSZINT Függvények
MATEMATIKA ÉRETTSÉGI TÍPUSFELADATOK MEGOLDÁSAI KÖZÉPSZINT Függvények A szürkített hátterű feladatrészek nem tartoznak az érintett témakörhöz, azonban szolgálhatnak fontos információval az érintett feladatrészek
RészletesebbenFüggvények Megoldások
Függvények Megoldások ) Az ábrán egy ; intervallumon értelmezett függvény grafikonja látható. Válassza ki a felsoroltakból a függvény hozzárendelési szabályát! a) x x b) x x + c) x ( x + ) b) Az x függvény
RészletesebbenNagy András. Feladatok a logaritmus témaköréhez 11. osztály 2010.
Nagy András Feladatok a logaritmus témaköréhez. osztály 00. Feladatok a logaritmus témaköréhez. osztály ) Írd fel a következő egyenlőségeket hatványalakban! a) log 9 = b) log 4 = - c) log 7 = d) lg 0 =
RészletesebbenFirst Prev Next Last Go Back Full Screen Close Quit
Valós függvények (2) (Határérték) 1. A a R szám δ > 0 sugarú környezete az (a δ, a + δ) nyílt intervallum. Ezután a valós számokat, a számegyenesen való ábrázolhatóságuk miatt, pontoknak is fogjuk hívni.
RészletesebbenBrósch Zoltán (Debreceni Egyetem Kossuth Lajos Gyakorló Gimnáziuma) Megoldások. alapfüggvény (ábrán: fekete)
Megoldások 1. Ábrázold és jellemezd a következő függvényeket! a) f (x) = sin (x π ) + 1 b) f (x) = 3 cos (x) c) f (x) = ctg ( 1 x) 1 a) A kérdéses függvényhez a következő lépésekben juthatunk el: g (x)
RészletesebbenA(a; b) = 2. A(a; b) = a+b. Példák A(37; 49) = x 2x = x = : 2 x = x = x
10. osztály:nevezetes középértékek Összeállította:Keszeg ttila 1 1 számtani közép efiníció 1. (Két nemnegatív szám számtani közepe) Két nemnegatív szám számtani közepének a két szám összegének a felét
RészletesebbenMATEMATIKA ÉRETTSÉGI TÍPUSFELADATOK KÖZÉP SZINT Függvények
MATEMATIKA ÉRETTSÉGI TÍPUSFELADATOK KÖZÉP SZINT Függvények ) Az ábrán egy ; intervallumon értelmezett függvény grafikonja látható. Válassza ki a felsoroltakból a függvény hozzárendelési szabályát! a) x
RészletesebbenNULLADIK MATEMATIKA ZÁRTHELYI
A NULLADIK MATEMATIKA ZÁRTHELYI 0-09-09 Terem: Munkaidő: 0 perc. A dolgozat megírásához íróeszközön kívül semmilyen segédeszköz nem használható! A feladatlap kizárólag kék vagy fekete tollal tölthető ki.
RészletesebbenFELVÉTELI VIZSGA, szeptember 12.
BABEŞ-BOLYAI TUDOMÁNYEGYETEM, KOLOZSVÁR MATEMATIKA ÉS INFORMATIKA KAR FELVÉTELI VIZSGA, 08. szeptember. Írásbeli vizsga MATEMATIKÁBÓL FONTOS TUDNIVALÓK: A feleletválasztós feladatok,,a rész esetén egy
RészletesebbenNULLADIK MATEMATIKA ZÁRTHELYI
A NULLADIK MATEMATIKA ZÁRTHELYI 20-09-2 Terem: Munkaidő: 0 perc. A dolgozat megírásához íróeszközön kívül semmilyen segédeszköz nem használható! Csak és kizárólag tollal tölthető ki a feladatlap, a ceruzával
RészletesebbenAnalízis ZH konzultáció
Analízis ZH konzultáció 1. Teljes indukció Elméleti segítség: n=1-re bebizonyítani (vagy arra az n-re, ahonnan az állítást igazolni szeretnénk) feltesszük, hogy n-re igaz az állítás -> n+1-re is igaz lesz?
RészletesebbenA lineáris programozás alapfeladata Standard alak Az LP feladat megoldása Az LP megoldása: a szimplex algoritmus 2018/
Operációkutatás I. 2018/2019-2. Szegedi Tudományegyetem Informatika Intézet Számítógépes Optimalizálás Tanszék 2. Előadás LP alapfeladat A lineáris programozás (LP) alapfeladata standard formában Max c
RészletesebbenNULLADIK MATEMATIKA ZÁRTHELYI
NULLADIK MATEMATIKA ZÁRTHELYI 08-09-07 Terem: Munkaidő: 0 perc. A dolgozat megírásához íróeszközön kívül semmilyen segédeszköz nem használható! A feladatlap kizárólag kék vagy fekete tollal tölthető ki.
Részletesebben3. Egyenletek, egyenletrendszerek, egyenlőtlenségek
. Egyenletek, egyenletrendszerek, egyenlőtlenségek I. Nulladik ZH-ban láttuk: 1. Mennyi a 2x 2 8x 5 = 0 egyenlet gyökeinek a szorzata? (A) 10 (B) 2 (C) 2,5 (D) 4 (E) ezek egyike sem Megoldás I.: BME 2011.
RészletesebbenA lineáris programozás alapfeladata Standard alak Az LP feladat megoldása Az LP megoldása: a szimplex algoritmus 2017/
Operációkutatás I. 2017/2018-2. Szegedi Tudományegyetem Informatika Intézet Számítógépes Optimalizálás Tanszék 2. Előadás LP alapfeladat A lineáris programozás (LP) alapfeladata standard formában Max c
RészletesebbenNULLADIK MATEMATIKA ZÁRTHELYI
NULLADIK MATEMATIKA ZÁRTHELYI 07-09-08 Terem: Munkaidő: 0 perc. A dolgozat megírásához íróeszközön kívül semmilyen segédeszköz nem használható! A feladatlap kizárólag kék vagy fekete tollal tölthető ki.
Részletesebben2) Egy háromszög két oldalának hossza 9 és 14 cm. A 14 cm hosszú oldallal szemközti szög 42. Adja meg a háromszög hiányzó adatait!
Szinusztétel 1) Egy háromszög két oldalának hossza 3 és 5 cm. Az 5 cm hosszú oldallal szemközti szög 70. Adja ) Egy háromszög két oldalának hossza 9 és 14 cm. A 14 cm hosszú oldallal szemközti szög 4.
Részletesebben1. Fuggveny ertekek. a) f (x) = 3x 3 2x 2 + x 15 x = 5, 10, 5 B I. x = arcsin(x) ha 1 x 0 x = 1, arctg(x) ha 0 < x < + a) f (x) = 4 x 2 x+log
1. Fuggveny ertekek 1 Szamtsuk ki az alabbi fuggvenyek erteket a megadott helyeken! a) f (x) = 3x 3 2x 2 + x 15 x = 5, 10, 5 B I b) f (x) = sin x 1 x = π 2, π 4, 3 3 2π, 10π I arcsin(x) ha 1 x 0 1 c) f
RészletesebbenFeladatok a logaritmus témaköréhez 11. osztály, középszint
TÁMOP-4-08/-009-00 A kompetencia alapú oktatás feltételeinek megteremtése Vas megye közoktatási intézményeiben Feladatok a logaritmus témaköréhez osztály, középszint Vasvár, 00 május összeállította: Nagy
RészletesebbenKalkulus I. gyakorlat Fizika BSc I/1.
. Ábrázoljuk a következő halmazokat a síkon! {, y) R 2 : + y < }, b) {, y) R 2 : 2 + y 2 < 4}, c) {, y) R 2 : 2 + y 2 < 4, + y < }, {, y) R 2 : + y < }. Kalkulus I. gyakorlat Fizika BSc I/.. gyakorlat
RészletesebbenMATEMATIKA ÉRETTSÉGI TÍPUSFELADATOK MEGOLDÁSAI KÖZÉPSZINT Függvények
MATEMATIKA ÉRETTSÉGI TÍPUSFELADATOK MEGOLDÁSAI KÖZÉPSZINT Függvények A szürkített hátterű feladatrészek nem tartoznak az érintett témakörhöz, azonban szolgálhatnak fontos információval az érintett feladatrészek
RészletesebbenMATEMATIKA ÉRETTSÉGI TÍPUSFELADATOK KÖZÉPSZINT Függvények
MATEMATIKA ÉRETTSÉGI TÍPUSFELADATOK KÖZÉPSZINT Függvények A szürkített hátterű feladatrészek nem tartoznak az érintett témakörhöz, azonban szolgálhatnak fontos információval az érintett feladatrészek megoldásához!
Részletesebben