1. Folyamok főtételének következményei
|
|
- Krisztina Dobosné
- 7 évvel ezelőtt
- Látták:
Átírás
1 Dizkré Maemaika MSc hallgaók zámára 4. Előadá Előadó: Hajnal Péer Jegyzeelő: Cenkei Ania 200. zepember 27. Emlékezeő. H = ( G,,, c) egy hálóza, ahol G egy irányío gráf kijelöl cúcok (: forrá, : nyelő), c : E(G) R 0 egy kapaciáfüggvény. Egy f folyam egy hálózaban az élekhez úgy rendel anyagmennyiége (való zámo), hogy minden e élhez rendel zám [0, c(e)]-be een, ovábbá a forráól, nyelőől különböző cúcokra eljeüljön az anyagmegmaradá örvénye. Egy V -vágá egy hálózaban a cúcok V (G) = S T felozáa ké rézre, amelyre eljeül, hogy S é T. Vegyük egy ezőlege f folyamo é V -vágá. A folyam éréke, illeve a vágá kapaciáa, illeve a közük lévő vizony: é(f) : def = e: xy E x S y T f(e) e: xy E y S x T f(e) A folyamok főéele: A kövekezők ekvivalenek: (i) f opimáli folyam, (ii) nem léezik javíó-ú f-re, (iii) van olyan V vágá, hogy c(v) = é(f). e: xy E x S y T c(e) : def = c(v). Folyamok főéelének kövekezményei. Kövekezmény (Maximáli folyam-minimáli vágá éel, M F M C éel). Legyen (G;,, c) egy hálóza. Ekkor max{é(f) :f egy megengede folyam a H hálózaban} = = min{c(v) : V egy -vágá a H hálózaban} Bizonyíá. : Tezőlege f folyamra é ezőlege V -vágára é(f) c(v). Ez az opimáli folyamra é minimáli kapaciáú vágára alkalmazva kapjuk, hogy a bal oldal nem nagyobb a jobb oldalnál. : Vegyünk egy maximáli érékű folyamo, legyen ez f max. Tehá é(f max ) := max{é(f) : f folyam}. A főéel alapján van olyan V vágá, amelyre é(f max ) = c(v) eljeül. Ebből adódik a hiányzó egyenlőlenég 2. Kövekezmény. Ado hálózaban egy maximáli érékű folyam algorimikuan megalálhaó. 4-
2 Bizonyíá. A bizonyíá egy konkré algorimu leíráa. Az algorimu Ford é Fulkeron 956-ban publikála. Ford Fulkeron-algorimu: (Inicializálá) Legyen f az azonoan 0 folyam (minden élen 0 anyagmennyiég folyik). // A hálóza üre. (Címke-inicializálá) -e címkézzük meg. // A forrá aralmazó 0 hozú ú javíó-ú-kezdemény. (Címkekierjezé I) Kereünk olyan xy él, amelyre x címkéze, y nem címkéze é a raja folyó anyagmennyiég nem éri el a kapaciá. Címkézzük meg y-. (Címkekierjezé II) Kereünk olyan yx él, amelyre x címkéze, y nem címkéze é a raja folyó anyagmennyiég poziív. Címkézzük meg y-. // Megalál javíó-ú-kezdeményeke mohón hozabíunk. (Sikere kereé) címké kap. // megcímkézéének oká vizakereve egy forrá-nyelő ua // kapunk, amely javíó ú lez. f-e javíuk a megalál javíó ú alapján. Töröljük a címkéke. Térjünk viza a (Címke-inicializálá) lépéhez. (Sikerelen kereé) nem kap címké é a címkekierjezéek kifulladnak. Leállunk, az akuáli f az eljárá oupuja. // Ekkor f opimáli, a címkéze/nem címkéze cúcok // egy ez bizonyíó vágá adnak. Az algorimu címkekierjezéi lépéeiben rejlő kereé ninc rézleeen leírva. Álalában öbb leheőég i van. Az implemenációól függ, hogy az algorimu melyike alálja meg. Így a Ford Fulkeron-algorimu igazából egy eljárá ozály (ahogy például a zimplex algorimu i). Egy konkré megvalóíáá emlíjük meg. Ekkor a címkekiozáok fáziokban örénnek. Egy fáziban az előző fáziban címké kapo ponok ölik be az x cúc zerepé. Az öze leheége címkekierjezéek elvégzée zárja be a fázi. A címkézé a zéleégi kereé filozófiája alapján működik. Könnyen láhaó, hogy ikere kereé eeén a leheő legrövidebb javíó ua alálja meg ez az algorimu. Ez az eljárá a Ford Fulkeron-algorimu Edmond Karp-válozaa. (Ez Edmond é Karp 972-ben íra le. Egy ovábbi finomíá Dinic nevéhez fűződik.) Az algorimuban öbb ciklu i zerepel. A címkekierjezéek imélée nem problémá. Mohó módon végezzük, a címkék halmaza nő. Vége imélé ikere kereéhez vagy elakadához veze. A javíáok imélée azonban problémá. Ké eredmény emelünk ki bizonyíá nélkül. Megjegyezzük, hogy felezük (az a gyakorlaban irreáli felvé), hogy pono való-arimeiká végzünk. Példa. Van olyan hálóza, amelyben a Ford Fulkeron-algorimu javíáok végelen orozaá végzi é a (zükégzerűen konvergáló) folyamérék nem i ar a maximáli folyamérékhez. 3. Téel (Edmond Karp-éel). A Ford Fulkeron-algorimu Edmond Karpválozaa O(n 5 ) javíá uán zükégzerűen leáll. 4-2
3 Egy jóval reáliabb feléel zerin az inpuban (a hálózaban) zereplő zámok mind racionáliak. Azaz c : E(G) Q 0. Egyzerű kálázáal (mérékegyégváláal) felehejük, hogy c : E(G) N. Ekkor ninc i zükég a Ford Fulkeron-algorimu ügye implemenáláára. Ez a kövekező kövekezményben fejjük ki. 4. Kövekezmény. Legyen (G,,, c) egy hálóza, ahol c egy egéz érékű függvény, azaz c: E( G) N. Ekkor léezik olyan opimáli folyam, amely zinén egéz érékű. Bizonyíá. Az fogjuk beláni, hogy ha az inpu minden komponene egéz (minden él kapaciáá egy egéz zám írja le), akkor a Ford Fulkeron-algorimu fuava cak egéz érékek fordulnak elő. Továbbá az algorimu leáll, azaz kizámol egy opimáli folyamo, ami így egéz érékű függvény ír le. Az algorimu az f 0 folyamból indul ki. Azaz az inpuban rejlő érékek melle cak 0-k jelennek meg. A ovábbi zámokhoz zámolá folyamán juunk. Új zámokra akkor lez zükégünk, ha P javíó-ua alálunk é f-ről áérünk f javíáára. Emlékezzünk a zükége zámanra: Legyen δ előre = min{c(e) f(e) : e E előre }, δ hára = min{f(e) : c E hára } Ahol E előre az előremuaó élek halmaza é E hára a háramuaó élek halmaza P -n. δ = min{δ előre, δ hára } > 0. f(e), e E(P ), f(e) := f(e) + δ, e E előre (P ), f(e) δ, e E hára (P ). Abból ahogyan f(e)- definiáluk, láhaó, hogy minden kizámol érék egéz, feléve hogy kiinduló érékeink egézek (özeadá, kivoná, minimum érék véele egéz zámokon végrehajva egéz zámoka eredményez). Speciálian δ i egéz, így éréke legalább, azaz minden növelé legalább -gyel növeli a folyam éréké. Ebből kövekezik, hogy Ford Fulkeron-algorimu le fog állni é a kizámol opimáli folyam bizonyíja a éel. Példa. H hálóza c kapaciáfüggvénnyel. Három opimáli folyammal, amelyek közül keő különböző, egéz érékű é egyharmadik egye éleken irracionáli anyagmennyiéggel. 0 c azonoan 0 0 p 2 p 2 p 2 Emlékezeő. Ké él függelennek nevezünk, ha végponjaik négy különböző pono adnak. Egy G gráf éleinek egy M halmaz pároíának nevezünk, ha a benne lévő élek páronkén függelenek é nem hurkok. ν(g) = max{ M : M pároíá G-ben} 4-3
4 Egy L V (G) halmaz lefogó halmaznak nevezünk, ha minden e E(G) élnek legalább az egyik végponja L-ben van. τ(g) := min{ L : S lefogó ponhalmaz G-ben}. Minden G gráfra τ(g) ν(g) hizen egy opimáli pároíának i minden élé le kell fogni egy ponal é pároíá eeén ezeke a feladaoka mind különböző cúcok oldhaják cak meg. 5. Kövekezmény (Kőnig-éel). Legyen G páro gráf. Ekkor ν(g) = τ(g). Bizonyíá. Az állíá érdemi réze, hogy ν(g) τ(g). Ehhez a G páro gráfból egy H hálózao konruálunk: Legyen A é F a páro gráf ké zínozálya. A elemei legyenek az aló, F elemei a felő ponok. A hálóza gráfja Ĝ lez. Ehhez felvezünk ké új pono (forrá) é (nyelő). G élei melle -ből minden F -beli ponba veze ponoan egy él, é minden A-beli ponból veze ponoan egy él -be. Minden éle lefele irányíunk, ehá F é A köz F -ből A-ba muanak a G gráf élei. Legyen c azaz minden élen maximum anyagmennyiég áramolha.. Állíá: max é(f) = ν(g) f folyam H-ban. Állíá bizonyíáa: Legyen M egy pároíá G-ben. Ekkor definiálhaó egy f M folyam, amire é(f M ) = M. Valóban, egyégnyi anyagmennyiég folyjon -ből minden felő pároío cúchoz, M élein é minden aló pároío ponból -hez. A öbbi élen 0 anyagmennyiég folyjon. Ebből adódik, hogy max f folyam H-ban é(f) ν(g). Fordíva vegyünk egy opimáli f : E(H) {0, } folyamo (lád előző kövekezmény). Legyen F op = {e : f op (e) = } E(G). Tudjuk, hogy f F befoka eggyel egyenlő, ovábbá a A a kifoka eggyel egyenlő. Azaz, ha az eredei gráf egy e = fa élén folyik anyagmennyiég (eeünkben ez zükégzerűen egyégnyi), akkor ez az anyagmegmaradá örvényei alapján cak az f élen kerezül jöhe (é a elje mennyiége elzállíja az e él), majd az a élen a elje zállío anyagmennyiég -be ju. Így ha E op E(G) elemei nézzük, akkor ké eee kizárhaunk: () Nem leheége felő özefuáa az éleknek azaz hogy F egy ponjából ké él induljon. (2) Nem leheége aló özefuá em, azaz olyan hogy egy A-beli ponból ké él induljon ki. Azaz F op azon élei, amelyek az eredei gráfunk élei egy M pároíá alkonak G-ben. Az ({} F, A {}) vágá menén mérve éréké M -e kapunk. Így kapjuk a hiányzó max f folyam H-ban é(f) ν(g) egyenlőlenége. 4-4
5 2. Állíá: min c(v) = τ(g) V vágá 2. Állíá bizonyíáa: Legyen V op = (S, T ) opimáli vágá, A ké oldal elnevezéé válazuk úgy, hogy az forrá S oldalon van, nyelő T oldalon van. Ha lenne e = xy E( G) E(Ĝ) él a vágában (azaz középél) akkor együk a kövekező. Ha x S, y T, akkor az y pono dobjuk á a máik oldalra: S = S {y}, T = T \{y}. Mivel minden él kapaciáa, ezér a válozaá (ádobá) haáa a vágá kapaciáára: legalább egy G-éllel cökken é pon egy -be vezeő éllel nő a kapaciá. De az eredő kapaciá nem cökkenhe, azaz a módoío ( S, T ) vágá i opimáli. S F T F T F T F S A S A T A S A Ha x T, y S, akkor haonlóan kezelheő a probléma. Ezen öle iméléével Ṽ op vágához juunk, ami opimáli, de G-nak már ninc S-ből T -be menő éle. Ekkor a Ṽop vágáon kerezül már nem halad él. c(ṽop) = S A + T F, ahol (S A) (T F ) G-ben lefogó ponhalmaz (ezen cúchalmaz elkerülő élek nem lehenek gráfunkban), ehá a minimum vágákapaciá egy lefogó ponhalmaz méree, peciálian legalább τ. Tehá c(ṽop) τ(g). Továbbá a gondolamene megfordíáával alálhaó τ(g) kapaciáú vágá. Így kapjuk a máodik állíá. Az MFMC éel alapján max é(f) = min c(v), ami a ké bizonyío állíá f folyam V vágá H ban H-ban alapján éppen Kőnig-éel állíáá adja. A kövekező kövekezmény kimondáa elő egy fono ézrevéel emelünk ki. Ézrevéel. Legyen G,, V (G) egy hálóza, amelyben minden él kapaciáa. Legyen f : E( G) {0, } egy egéz érékű függvény. Ekkor f leírhaó egy F élhalmazzal (azon élek halmazával, ahol folyik anygmennyiég/egyégnyi anyagmennyiég folyik). Ez az azonoíá ugyanaz min az E( G) rézhalmazai é az E( G)-n érelmeze karakeriziku függvények azonoíáa. Állíá: Legyen F egy élhalmaz G-ben. A kövekezők ekvivalenek: (i) F egy f folyamo ír le. (ii) Minden nem nyelő é nem forrá cúcra ugyanannyi F -él fu be, min ahány kifu. (iii) F felírhaó i P i i Q i i C i alakban, ahol a P i halmazok egy-egy forrá-nyelő irányío ú élhalmaza, a Q i halmazok egy-egy nyelő-forrá irányío ú élhalmaza, a C i halmazok egy-egy irányío kör élhalmaza. (A jelölében o van az a feléel, hogy az unió agjai DISZJUNKT élhalmazok.) 4-5
6 Az állíá bizonyíáa: (i) é (ii) ekvivalenciája nyilvánvaló. Az anyagmegmaradái örvények ké oldalán lévő özegek éppen bemenő, illeve kifuó F -éleke zámolnak egy nem nyelő, nem forrá cúcra. (iii) (ii) könnyen ellenőrizheő. Az ekvivalencia lényege (ii) (iii). Ez egy algorimual írjuk le.. ee: F -ben van irányío kör. Legyen C egy irányío kör élhalmaza. Ekkor F C-re i eljeülnek (ii) fokzám feléelei. Rekurzív módon megkerehejük F C felbonáá/dekompozíciójá, amihez C- hozzáadva kapjuk a bizonyíandó felboná F -re. 2. ee: F -ben ninc irányío kör é F nem üre. e egy él F -ben. Ekkor a fokzám feléelek mia e- előre/hára kierjezhejük egy P maximáli úá. Ennek ké végponja cak a forrá-nyelő pár. Ekkor F P -re i eljeülnek (ii) fokzám feléelei. Rekurzív módon megkerehejük F P felbonáá/dekompozíciójá, amihez P - hozzáadva kapjuk a bizonyíandó felboná F -re. A elje (mohó) algorimu F zébonáára: Amíg F Ha alálunk, vegyük ki egy C irányío kör élhalmazá F -ből é F -e helyeeíük F C-vel. // A megalál C egy leheőég egy özeevőre. // Mohó módon az oupu rézévé ezük. Vegyük ki egy P irányío forrá-nyelő vagy nyelő-forrá ú élhalmazá é F -e helyeeíük F P -vel. // A megalál P egy leheőég egy özeevőre. // Mohó módon az oupu rézévé ezük. Az ézrevéel egy kié finomíjuk: Ha a feni dekompozícióban k darab -ú, l darab -ú zerepel, akkor a megfelelő f folyamra érék(f) = k l. Speciálian, ha f egy opimáli folyam, akkor l = 0. Ső opimaliá eeén F dekompozíciójából elhagyhaók az irányío körök (amennyiben zerepelnek). Így egy F 0 zinén opimáli folyamo kódoló élhalmaz kapunk. Nevezzünk egy élhalmaz egyzerűnek, ha van olyan dekompozíciója, amelyben nem zerepelnek irányío körök é -uak. A feni megállapíáainka a kövekezőképpen özegezhejük. 6. Lemma. Legyen ( G;, ; c) egy hálóza, amely kapaciáfüggvénye az azonoan függvény. Ekkor van olyan opimáli folyam, amely egy egyzerű élhalmazzal azonoío. A maximáli folyamérék éppen az egyzerű dekompozícióban az -uak záma. Ezekuán már könnyen kapjuk a ovábbi kövekezményeke: 7. Téel (Menger-éele). G egy irányío gráf, V ké ( ) kiünee cúccal. Ekkor max{k :P,..., P k éldizjunk uak} = = min{ L : L E( G), G L-ben ninc ú}. Megjegyzé. A éel a kövekező meével világíhajuk meg: Tegyük fel, lakóelep, belváro, a rendőrök udják, hogy bünözők a lakóelepről a belvároba aranak. Uak lezáráával zerenék ellenőrizni a belvároba bemenő forgalma 4-6
7 (amely a krez bearáával örénik, azaz az úzakazok irányíáa zerin halad mindenki). A bizonyíandó állíá bal oldala a bünözők függelen erveinek maximáli záma, míg a jobb oldal a rendőrök zámára lezárandó úzakazok minimáli záma. Bizonyíá. : Egyzerű. A feni meén alapuló konkré példa jól megvilágíja az állíá. Tegyük fel, hogy a bal oldal éréke 0. Azaz a bünözők 0 éldizjunk ervvel állhanak elő. Minden úlezárá legfeljebb egy erve akadályozha meg (i haználjuk a ervek függelenégé/éldizjunkágá). Azaz a rendőrök zámára legalább 0 ú lezáráa zükége. : A felada gráfjában minden él kapaciáa legyen. Az így kapo H hálózaban az opimáli folyamok köz lez egy, amely egy egyzerű élhalmazzal azonoíhaó. Ha éréke k, akkor k éldizjunk úra zézedheő. Ez megfordíva i igaz. k éldizjunk úból özerakhaó egy k érékű folyam. Azaz max{k : P,..., P k éldizjunk uak} = max{é(f) : F folyam H-ban} A Menger-éelben zereplő élhalmazoka nevezzük zeparáló élhalmazoknak (elhagyáuk uán nem lez ú G-ben). Minden -vágá S-T élei egy zeparáló halmaz adnak. Fordíva i igaz: Bármely L zeparáló élhalmaznak van olyan rézhalmaza ami egy vágá élhalmaza: Például a V = (-ből G L-ben elérheő cúcok, -ből G L-ben nem elérheő cúcok) vágá S-T élei L egy rézhalmazá adják. Azaz a minimáli zeparáló halmaz megkapjuk, ha vezük az az -vágá, amely S-T élei a legkeveebben vannak. Máréz min c(v) = min { xy : x S, y T }. V vágá V vágá Özegezve min{c(v) : V egy -vágá} = min{ L : L E( G), G L-ben ninc ú}. Az MFMC-éel kövekezménye a Menger-éel. A éelben az alapgráf irányíoága nem lényege. 8. Kövekezmény (Menger éele (irányíalan gráfban élfüggelen uakra vonakozó váloza)). Legyen G egy irányíalan gráf, é, ké pon a gráfban. Ekkor max{k :P,..., P k éldizjunk uak} = = min{ L : L E(G), G L-ben ninc ú}. Cak vázoljuk ennek egy leheége igazoláá: Legyen G az a gráf, amelye G- ből úgy kapunk, hogy minden e = xy élé helyeeíjük ké éllel: egy xy é egy yx éllel (azaz az e él oda-viza irányío ké példányával). Írjuk fel az MFMC-éel. A maximáli folyamérék kombinaoriku leíráánal kell egy kié óvaonak lennünk. Vegyünk egy f : E( G) {0, } opimáli folyamo é az ez leíró F élhalmaz. Ez egyzerűvé eheő egy mohó algorimual. Ez úgy alkalmazzuk, hogy az odaviza menő élpároka (keő hozú irányío köröke) dobjuk el F -ből. Ha ezek 4-7
8 elfogyak, akkor fejezzük be az egyzerűvé éel. Legyen F 0 a kapo élhalmaz. (ebben minden eredei élnak maximum egy példánya zerepel). F 0 éldizjunk -uak élhalmazainak uniója. Ezek G-ben megfelelnek -uak élhalmazainak. Ezek előzee előkézüleeink mia éldizjunk uak leznek G-ben. (Az előkézüleek nélkül ez nem udnánk.) Azaz a maximáli folyamérék éppen a bizonyíandó egyenlőég bal oldala. A ovábbi réze a bizonyíának eljeen analóg az irányío eeel. Továbbá úrendzerünk éldizjunkága helyeeíheő az úrendzer belő ponhalmazainak páronkéni dizjunkágára vonakozó feléellel. 9. Kövekezmény (Menger éele (ponfüggelen uakra vonakozó válozaok)). (i) Legyen G egy irányío gráf, é legyen, ké pon a gráfban. Tegyük fel, hogy ninc irányío él, a gráfban. Ekkor max{k :P,..., P k ponfüggelen ú} = = min{ U : U V ( G)\{, } é G U-ban ninc ú}. (ii) Legyen G egy irányíalan gráf, é legyen, ké pon a gráfban. Tegyük fel, hogy ninc él a gráfban. Ekkor max{k :P,..., P k ponfüggelen ú} = = min{ U : U v( G)\{, } elválazja -e é -}. Imé cak vázoljuk mi a eendő, ha ezen válozao zerenénk a feniek uán igazolni. (i)-hez legyen G az a gráf amely G-ből nyerünk a kövekező módon: Legyen V ( G ) = {, } {x be, x ki : x V ( G) {, }}. Minden e = xy E( G) élnek feleljen meg egy e = x ki, y be él (legyen ki = be = é ki = be = ). E( G ) élhalmaz alkoák ezek az élek é az { x be x ki : x V ( G) {, }} élek. Írjuk fel az MFMC-éel G gráfra. A kapo ké egyenlőég ké oldaláról láuk be, hogy a bizonyíandó egyenlőég egy-egy oldalával egyenlők. (ii)-hez korábbi öleeinke kell özegezni. A rézleek kidolgozáá az érdeklődő hallgaókra bízzuk. 4-8
Opkut 2. zh tematika
Opku. zh emaika. Maximáli folyam felada do egy irányío gráf, az éleken aló é felő korláok, kereünk maximáli folyamo! Ha neked kell kezdő megengede folyamo alálni, akkor 0 aló korláokra lehe zámíani. Ha
RészletesebbenGyakorló feladatok Az alábbiakon kívül a nappalis gyakorlatokon szereplő feladatokból is lehet készülni.
Gyakorló feladaok z alábbiakon kívül a nappali gyakorlaokon zereplő feladaokból i lehe kézülni. 1. 0,1,,,, zámjegyekből hány olyan valódi hajegyű zám kézíheő, melyben minden zámjegy cak egyzer zerepelhe,
Részletesebben5. Differenciálegyenlet rendszerek
5 Differenciálegyenle rendszerek Elsőrendű explici differenciálegyenle rendszer álalános alakja: d = f (, x, x,, x n ) d = f (, x, x,, x n ) (5) n d = f n (, x, x,, x n ) ömörebben: d = f(, x) Definíció:
Részletesebbenω = r Egyenletesen gyorsuló körmozgásnál: ϕ = t, és most ω = ω, innen t= = 12,6 s. Másrészről β = = = 5,14 s 2. 4*5 pont
Hódezőváárhely, Behlen Gábor Gináziu 004. áprili 3. Megoldáok.. felada (Hilber Margi) r = 0,3, v = 70 k/h = 9,44 /, N =65. ω =? ϕ =? β =? =? A körozgára vonakozó özefüggéek felhaználáával: ω = r v = 64,8
RészletesebbenHF1. Határozza meg az f t 5 2 ugyanabban a koordinátarendszerben. Mi a lehetséges legbővebb értelmezési tartománya és
Házi feladaok megoldása 0. nov. 6. HF. Haározza meg az f 5 ugyanabban a koordináarendszerben. Mi a leheséges legbővebb érelmezési arománya és érékkészlee az f és az f függvényeknek? ( ) = függvény inverzé.
RészletesebbenGráfelmélet/Diszkrét Matematika MSc hallgatók számára. 3. Előadás
Gráfelmélet/Diszkrét Matematika MSc hallgatók számára 3. Előadás Előadó: Hajnal Péter Jegyzetelő: Pék Máté 2009. szeptember 21. 1. Folyamok 1.1. Definíció. G = (V, E, K, B) irányított gráf, ha e! v : ekv
RészletesebbenEzért A ortogonális transzformációval diagonalizálható, vagyis létezik olyan S ortogonális transzformáció,
Kadaiku alakok A ( ) B( ) : V függén az B bilineái függénhez aozó kadaiku alaknak neezzük Minden kadaiku alak megadhaó a köekező fomában: T A ahol A zimmeiku mái é a kadaiku alak Miel A zimmeiku ezé a
RészletesebbenFourier-sorok konvergenciájáról
Fourier-sorok konvergenciájáról A szereplő függvényekről mindenü felesszük, hogy szerin periodikusak. Az ilyen függvények megközelíésére (nem a polinomok, hanem) a rigonomerikus polinomok űnnek ermészees
RészletesebbenTiszta és kevert stratégiák
sza és kever sraégák sza sraéga: Az -edk áékos az sraégá és ez alkalmazza. S sraégahalmazból egyérelműen válasz k egy eknsük a kövekező áéko. Ké vállala I és II azonos erméke állí elő. Azon gondolkodnak,
RészletesebbenHatvani István Fizikaverseny 2014-15. 3. forduló megoldások. 1. kategória. 7. neutrínó. 8. álom
1. kaegória 1.3.1. 1. CERN 2. PET 3. elekronvol. ikloron 5. Porozlay. Fiziku Napok 7. neurínó 8. álom 9. környezefizikai 10. Nagyerdő A megfejé: SZALAY SÁNDOR Szalay Sándor (195-1975) köveő igazgaók: Berényi
RészletesebbenKözépszintű érettségi feladatsor Fizika. Első rész
Középzinű éreégi feladaor Fizika Elő réz 1. Egy cónak vízhez vizonyío ebeége 12. A cónakban egy labda gurul 4 ebeéggel a cónak haladái irányával ellenéeen. A labda vízhez vizonyío ebeége: A) 8 B) 12 C)
Részletesebbend) Kétfokozatú differenciálerősítő közvetlen csatolással Ha I B = 0: Az n-p-n tranzisztorok munkaponti árama:
d) Kéfokozú differeniálerőíő közvelen olál U + H = : z n--n rnzizorok mnkoni árm:,6 U zzel -n- rnzizorok bázioeniálj: U U -n- rnzizorok mnkoni árm: U ( U,6) menei közvelen olá feléele: U =... U - Fej4-5-Diff-Fr-9
RészletesebbenMatematika A3 HÁZI FELADAT megoldások Vektoranalízis
Maemaika A HÁZI FELADAT megoldáok Vekoranalízi Nem mindenhol íram le a konkré megoldá. Ahol az jelenee volna, hogy félig én oldom meg a feladao a hallgaóág helye, o cak igen rövid megjegyzé alálnak A zh-ban
RészletesebbenELEKTRONIKAI ALAPISMERETEK
Elekronikai alapismereek középszin 3 ÉETTSÉG VZSG 04. május 0. EEKTONK PSMEETEK KÖZÉPSZNTŰ ÍÁSBE ÉETTSÉG VZSG JVÍTÁS-ÉTÉKEÉS ÚTMTTÓ EMBE EŐFOÁSOK MNSZTÉM Egyszerű, rövid feladaok Maximális ponszám: 40.)
RészletesebbenHőtan részletes megoldások
Mechanika rézlee egoldáok.. A kineaika alapjai. 0,6. k. v 60 6, 7, 6, k 60 c 0, 6, v j 6. h v k v k. Feléelezve, hogy a kapu azonnal ozdíja a kezé (nulla a reakcióideje): v k k 06, 67,. 06, Figyelebe véve,
Részletesebben8. Fejezet A HÁROM MŰVELETI ERŐSÍTŐS MÉRŐERŐSÍTŐ
LKTONIK (BMVIMI07) ZOLTI művelei erőíők alkalmazáai z lekronika -ben már zerepel: művelei erőíő alapkapcoláai: - nem inveráló alapkapcolá, - inveráló alapkapcolá, - differenciálerőíő alapkapcolá. További
RészletesebbenMATEMATIKA I. KATEGÓRIA (SZAKKÖZÉPISKOLA)
Okaási Hivaal A 015/016 anévi Országos Közéiskolai Tanulmányi Verseny dönő forduló MATEMATIKA I KATEGÓRIA (SZAKKÖZÉPISKOLA) Javíási-érékelési úmuaó 1 Ado három egymásól és nulláól különböző számjegy, melyekből
RészletesebbenLaplace transzformáció
Laplace tranzformáció 27. márciu 19. 1. Bevezeté Definíció: Legyen f :, R. Az F ) = f t) e t dt függvényt az f függvény Laplace-tranzformáltjának nevezzük, ha a fenti impropriu integrál valamilyen R zámokra
RészletesebbenDiszkrét Matematika MSc hallgatók számára 7. Előadás Párosítási tételek Előadó: Hajnal Péter Jegyzetelő: Kovácsházi Anna
Diszkrét Matematika MSc hallgatók számára 7. Előadás Párosítási tételek Előadó: Hajnal Péter Jegyzetelő: Kovácsházi Anna 2010. 10. 18. 2 7. Párosítási tételek.nb 7. Előadás Emlékeztető: Javító út, Javító
RészletesebbenELEKTRONIKAI ALAPISMERETEK
Elekronikai alapismereek középszin Javíási-érékelési úmuaó 063 ÉETTSÉG VZSG 006. okóber 4. EEKTONK PSMEETEK KÖZÉPSZNTŰ ÍÁSE ÉETTSÉG VZSG JVÍTÁS-ÉTÉKEÉS ÚTMTTÓ OKTTÁS ÉS KTÁS MNSZTÉM Elekronikai alapismereek
RészletesebbenÓ ű ű Á ú ű ű ú ú ú ű ű É ú É Á Á ú ű Ü Á Ü Á ű Ö Ú É Ó É Á Á Á Ű Á úá Á Ö É Ö É Ü
ú ú ú ú Ö ú ű ú Á ú ú ű ű ú ű ú ú Ó ű ű Á ú ű ű ú ú ú ű ű É ú É Á Á ú ű Ü Á Ü Á ű Ö Ú É Ó É Á Á Á Ű Á úá Á Ö É Ö É Ü Ó Á Á Á ú ú Ő Ö Ü ú Ü Á ú ú Á Ú ú ú ú É ú Ó Ö É Á ű ú É Ó ű ú ú ű ű ú ű ú ű ű ú ű ű
RészletesebbenELEKTRONIKAI ALAPISMERETEK
Elekronikai alapismereek középszin ÉETTSÉG VZSGA 0. május. ELEKTONKA ALAPSMEETEK KÖZÉPSZNTŰ ÍÁSBEL ÉETTSÉG VZSGA JAVÍTÁS-ÉTÉKELÉS ÚTMTATÓ EMBE EŐFOÁSOK MNSZTÉMA Egyszerű, rövid feladaok Maximális ponszám:
Részletesebben3. feladatsor: Görbe ívhossza, görbementi integrál (megoldás)
Maemaika A3 gyakorla Energeika és Mecharonika BSc szakok, 6/7 avasz 3. feladasor: Görbe ívhossza, görbemeni inegrál megoldás. Mi az r 3 3 i + 6 5 5 j + 9 k görbe ívhossza a [, ] inervallumon? A megado
Részletesebbenü ü ű ű ü ü ü Á ű ü ü ü ű Ü
ü ű ü ű ü ü ü ü Á ü ü ű ű ü ü ü Á ű ü ü ü ű Ü É É Á Á Á Á É Á Á Ő É É É Á É Á É Á É Á ű É É Á Á É É É Á É Á É Á É Á Á ü ű ű ü ü ü ü ü üü ü ü ü ü ü ü ű ü ü ű ü ü ü ü ű ü ü ü ű ü ü ü ü ü ü ü ü ü ü ü ű ü
RészletesebbenÍ Á ő é é é é é ő é ő é ő é Í Á Ú Á Á é ő é ő é é é é é ű é é é é é é é é Á é é é é é ú ú é é é é é é é ú é é é é é é é é é é é ő é é é é é é é é ű é
é é é Í Ó é é ü ő é é é ű ő ő ű é ő Í Ó ő ü é ő é ü é ő é é é é é é ú é ú Í Á é é é é é ű é é é é é é ú é ő é é é é ú é é é é é é é é é é é é é ő é é ő Í Á ő é é é é é ő é ő é ő é Í Á Ú Á Á é ő é ő é é
RészletesebbenMaradékos osztás nagy számokkal
Maradéko oztá nagy zámokkal Uray M. Jáno, 01 1 Bevezeté Célunk a nagy termézete zámokkal való zámolá. A nagy itt azt jelenti, hogy nagyobb, mint amivel a zámítógép közvetlenül zámolni tud. A termézete
Részletesebbenö ű é é é é é é ü é é é é ű é é ü é é é é é ó ó é Í é í é é é é ó ö é ö ö ö ó é é í é é é é Ő é é é ü ü é é é ö ö ö é ü é é í é ó ü é é ü é ó é ó ó é
ö é ü ö ö Ö ú é ü ü é é é ó é é é é é ó é é Ö ö é é ó é é ó é é í é é ö ó ó ó ö ö ü é é ü é í ü é ö í é é é é é ü é ó é ü ö í í ó í ü Í é é é ü é é é ü é é ü ö ö ó ó é é í é é é é é é é Ö í ó é í ö é é
Részletesebbenö ő í ő ü ö ö í ö ö ö ű ő ö í ü í ö ű í ő ö ö ú ö í ö ö í ö ú ö ő í ö ő Á ű ö
ö ő ü Ö ő ő ő ö í ö Ö ő ü ö ö í ű ö ő ö ö í ö ö ö ő ö ö ő ö ö Ó ö ő ő í ő í ő ő ö ő í ő ü ö ö í ö ö ö ű ő ö í ü í ö ű í ő ö ö ú ö í ö ö í ö ú ö ő í ö ő Á ű ö ö í ő Í í ő ő í í í ö ö ö ú ö í Á í í í í í
Részletesebbenadott egy nemnegatív c(u, v) kapacitás. A gráfnak kitüntetjük két pontját: az s termelőt és a t fogyasztót. Ekkor a (G; c; s; t) négyest hálózatnak
1. Hálózi olymok Diníció: Lgyn G = (V, E) gy irányío grá, mlynk minn (u, v) élén o gy nmngív c(u, v) kpciá. A gránk kiünjük ké ponjá: z rmlő é ogyzó. Ekkor (G; c; ; ) négy hálóznk nvzzük. Szmléléképpn
RészletesebbenMOZGÁSOK KINEMATIKAI LEÍRÁSA
MOZGÁSOK KINEMATIKAI LEÍRÁSA Az anyag ermézee állapoa a mozgá. Klaziku mechanika: mozgáok leíráa Kinemaika: hogyan mozog a e Dinamika: ké rézből áll: Kineika: Miér mozog Szaika: Miér nem mozog A klaziku
RészletesebbenStatisztika gyakorló feladatok
. Konfidencia inervallum beclé Saizika gyakorló feladaok Az egyeemiák alkoholfogyazái zokáainak vizgálaára 995. avazán egy mina alapján kérdıíve felméré végezek. A vizgál egyeemek: SOTE, ELTE Jog, KözGáz.
RészletesebbenÉ É É é é é é é í ű ó é É ö á ó é ő ő í ó á ö ő é ö ö é ó í í ú í é é í íú ó í ó é ő é ö é í é é ó é á á é á á ó ő ű é é ő ő ő í ó é é é í é é ó á Ű é
É É É ű É ö á ő ő á ö ő ö ö ú ú ő ö á á á á ő ű ő ő ő á Ű á á á ű ö á á á Ű Á á áú ű á ú ő ü á á ő á á ü ő á á ú ö Á ő á á ő ő á ö á á ű á ü á á ö á á ü ő ü á ö á ö ű á á á ő ű ü á ö á ő á ü á ö ő á ő
RészletesebbenTakács Lajos ( ) és Prékopa András ( ) emlékére.
Haladvány Kiadvány 17-06-15 Mely merev kör½u gráfok és hogyan használhaók valószín½uségi becslésekhez? Hujer Mihály hujer.misigmail.com Ajánlás. Takács Lajos (1924 2015) és Prékopa András (1929 2016) emlékére.
RészletesebbenSíkalapok vizsgálata - az EC-7 bevezetése
Szilvágyi László - Wolf Ákos Síkalapok vizsgálaa - az EC-7 bevezeése Síkalapozási feladaokkal a geoehnikus mérnökök szine minden nap alálkoznak annak ellenére, hogy mosanában egyre inkább a mélyépíés kerül
RészletesebbenGyengesavak disszociációs állandójának meghatározása potenciometriás titrálással
Gyengeavak izociáció állanójának meghatározáa potenciometriá titráláal 1. Bevezeté a) A titrálái görbe egyenlete Egy egybáziú A gyengeavat titrálva NaO mérőolattal a titrálá bármely pontjában teljeül az
RészletesebbenMerev test kinetika, síkmozgás Hajtott kerék mozgása
ere e kineika, íkozá Hajo kerék ozáa k a kerék öee, a kerék uara nyoaék µ, ozábeli úrlódái ényez µ, nyuábeli úrlódái ényez / zöebeé o y A ázol hooén öeelozláú kerék zöebeéel ördül ízzine, érde alajon.
RészletesebbenFIZIKA JAVÍTÁSI-ÉRTÉKELÉSI ÚTMUTATÓ
Fizika emelt zint 08 É RETTSÉGI VIZSGA 0. október 7. FIZIKA EMELT SZINTŰ ÍRÁSBELI ÉRETTSÉGI VIZSGA JAVÍTÁSI-ÉRTÉKELÉSI ÚTMUTATÓ NEMZETI ERŐFORRÁS MINISZTÉRIUM A dolgozatokat az útmutató utaítáai zerint,
Részletesebben8.19 Határozza meg szinuszos váltakozó feszültség esetén a hányadosát az effektív értéknek és az átlag értéknek. eff. átl
8.9 Haározza meg ziuzo válakozó fezülég eeé a háyadoá az effekív érékek é az álag érékek. m m eff ál m eff K f, ál m 8. z ábrá láhaó áram elalakáak haározza meg az effekív éréké é az álag éréké, é a formaéyező
RészletesebbenELEKTRONIKAI ALAPISMERETEK
Elekronikai alapismereek középszin Javíási-érékelési úmaó 09 ÉETTSÉGI VIZSG 00. májs 4. ELEKTONIKI LPISMEETEK KÖZÉPSZINTŰ ÍÁSBELI ÉETTSÉGI VIZSG JVÍTÁSI-ÉTÉKELÉSI ÚTMUTTÓ OKTTÁSI ÉS KULTUÁLIS MINISZTÉIUM
RészletesebbenLindab Coverline Szendvicspanelek. Lindab Coverline. Lindab Szendvicspanelek. Műszaki információ
Lindab Coverline Szendvicpanelek Lindab Coverline Lindab Szendvicpanelek Műzaki információ Lindab Coverline Műzaki információ Lindab Coverline Műzaki információ Műzaki Adaok Műzaki Adaok Falpanelek Széleég
RészletesebbenÉ Á Á Ö Á
É Á Á Ö Á Á É Á Ü ű Á É Ü ű Ú ű ű É É ű ű Á ű ű ű ű ű É ű ű ű Á É É É ű Á É É Á É Á É Ü Ü ű Á Á Á ű Á Á Á Á Á Á Á Á Ü ű Á ű Ü É É Á Á Á É ű ű ű ű ű ű ű ű ű ű ű ű ű Á Á É É ű É ű Ő ű É Ő Á É É ű ű Ú Á
Részletesebbenö ő ü ö ő ő ü ü ő ő ő ü ö ü ü ő ú ő ő ő ü ő ő ő ő ő ú ő ő ü ő ő ő ü ö ü ú ő ő ő ő ü ü ő ő ú
ő ű ű ő ö ö Á ö ő ü ö ő ő ü ü ő ő ő ü ö ü ü ő ú ő ő ő ü ő ő ő ő ő ú ő ő ü ő ő ő ü ö ü ú ő ő ő ő ü ü ő ő ú ő ö Á Ó ő ő ü ú ő ő ő ő Á ő ú ű ő ő ő ü ú ő ő ő ő ő ő ő ő ö ü ú ő ő ő ő ű ű ő ő ö ű ü ő ő ő ö ö
RészletesebbenNYITOTT VÍZSZINTES ALAPÚ INERCIÁLIS NAVIGÁCIÓS RENDSZEREK
Dr. Békéi Berold - Dr. Szegedi Péer 2 YITOTT ÍZSZITS ALAPÚ ICIÁLIS AIGÁCIÓS DSZK Jelen cikk a epüléudománi Közlemének 28/ é 28/2 zámaiban megjelen Inerciáli navigáció rendzerek I é II. cikkek [, 2] egenleei
Részletesebbenó Ó ú ó ó ó Á ó ó ó Á ó ó ó ó Á ó ú ó ó ó
É ó ú ó ú ó Á ó ó ú ó ó ó ú ó ó ó ó ú ó ó ó ó ó ó ú ó ó ú ó ó ó ó Ó ú ó ó ó Á ó ó ó Á ó ó ó ó Á ó ú ó ó ó Ö ó ó ó ó ó ó ó ó ó ó ó ó Ü ó ű ú ú ó ó ó ó ó ó ó É ó É ó É ó ó ó ó ó ó É ó ú ó ó É ó ó ó ó É ó
Részletesebbenü ü Ü ü ü ü ü ü ü ü ü ü ü ü ü ü ü ü ü ü ü É ü ü
ü ü É ű ű É É ű ü ű ü ü ü Á ü ü ü ü ü ű É ü ű É ű ü ü ü Ü ü ü ü ü ü ü ü ü ü ü ü ü ü ü ü ü ü ü É ü ü ü Á ü ü ü ü ü Ú ü ü ű É ü ü ű ü ü ű ü ü ü ü É ü ü ü ü ü ü ü ü É ű ü Á ü ü ü ü ü Á Ö É ü ü ű Ú ü ü ü ű
RészletesebbenÚ ű É ű ű Ü Ü ű ű Ú É ű ű Ü ű ű ű ű ű ű ű Ú ű ű
Ú ű ű ű ű ű ű ű ű Ú ű É ű ű Ü Ü ű ű Ú É ű ű Ü ű ű ű ű ű ű ű Ú ű ű É ű Ú Ú Ú Ú Ú ű Á Ú Ú Ú Ú ű Ú Ú ű É ű Ú Ú Ú Ú Ú Á ű Ó ű Ú É É Ú Ú ű É ű ű ű ű É ű Ő ű Ő ű ű ű ű ű É ű É Á ű ű Ü Á Ó ű ű ű Ú ű ű É ű ű Ú
RészletesebbenTudtad? Ezt a kérdést azért tesszük fel, mert lehet, hogy erre még nem gondoltál.
Tudad? - 10 Ez a kédé azé ezük fel me lehe hogy ee még nem gondolál Mo ké egyzeűbb feladao oldunk meg a közúi közlekedéel kapcolaban Ezek nagyon könnyűnek ő: nyilánalónak i űnhenek De mi an ha mégem? 1
RészletesebbenÁ Ó ű ű Á É ű ű ű ű Ú Ú
Ö ű ű Ö Ü ű ű ű ű ű Ó ű Ü ű Á Ó ű ű Á É ű ű ű ű Ú Ú ű ű Á Á Á É ű ű ű ű ű ű ű ű ű ű É ű Ö Ó Ú ű ű ű ű Ü Ó Ú ű É É Ó É É Ó É É É É Ó ű ű ű ű ű Ü ű Á ű ű ű ű ű Ü ű ű ű ű ű ű Á ű Ú Á Á Ö É Á Á Ö É Ü ű ű Ü
Részletesebbenű Ö ű Ú ű ű ű Á ű
ű ű Ó É É ű Ó ű Ü ű ű Ö ű Ú ű ű ű Á ű É ű Á ű ű ű ű ű ű ű ű ű ű ű Á ű ű Ö Ü Ö É ű ű Ü Ü ű É Á Ú É É ű ű ű Ö É ű É Ó É Á Á É ű ű Á ű ű ű Á É ű Ö Á ű ű ű Á ű Á É Ö Ó Ö ű ű ű ű ű ű ű Á É Á Á ű ű ű Á ű ű ű
Részletesebbenű Ú ű ű É Ú ű ű
ű ű ű ű Ú Á É Ú ű Ú ű ű É Ú ű ű ű Á ű ű ű ű ű Ü ű Á ű ű ű Á Á ű ű ű É ű ű ű Ú É ű ű ű ű ű ű ű ű Á É Á Ö Ü ű É ű ű Ö É Ü Ú ű Ó ű É Ó Ó Ó ű É Ü Ü ű ű Ú ű ű ű ű ű ű ű ű ű ű É ű ű Á Á ű Ú ű Ú ű ű Ó ű ű Ü Ü
RészletesebbenÁ Á ő ő Ö ő ő ö É ö ő ö ő ő ö ő ő ö ő ő ü ö
ű É É Á Á Á É Ó É É Á ö ő ő ö ő ő ő Ó ő ö ő ö ő ú ő ü ö ő ü ö Á É ű Á É É É Ö ö Á É É ő ő ö Á Á ő ő Ö ő ő ö É ö ő ö ő ő ö ő ő ö ő ő ü ö É É Á Ö ő ú ő ű Ö ü Ő É Ó É É Á Ó É Á É Ü É Á Ó É ő ő ö ö ő ö ö ö
RészletesebbenÓ Ó ö ú ö ö ö ö ü ú ú ö ö ö ú ú ö ö ö ú ú ú ű ö ö ú ö ü ö ö ö ö ü ú Á ö ü Á ö ö ö ö ö ö
É Ó ö É Á ű Ü Ü ö Ú ö ö ö ö ö ö ö ú ö ö ö ö ö ú ú ú ú ú ú ü ú ú ö ö ű ö ü ú ö Ó Ó ö ú ö ö ö ö ü ú ú ö ö ö ú ú ö ö ö ú ú ú ű ö ö ú ö ü ö ö ö ö ü ú Á ö ü Á ö ö ö ö ö ö Á Ó ú ö Á ö Á ö ú ú ö ö ö ö ü ü Ü ú
RészletesebbenÓ é é Ó Ó ő ű Ó Ö ü Ó é Ó ő Ó Á Ö é Ö Ó Ó é Ó Ó Ó Ó ú Ó Ó Ó Ó ű Ö Ó Ó Ó é Ó Ó ö Ö Ó Ö Ö Ó Ó Ó é ö Ö é é Ü Ó Ö Ó é Ó é ö Ó Ú Ó ő Ö Ó é é Ö ú Ó Ö ö ű ő
É Ó Ű Á Ó É Ó Á É Ó Á ő ű Ó ú Ö ú é Ö Ó Ö ú Ó Ö ú Ó Ó Ó Ó ű é ű ű Ó Ó ú ű ű é é Ö ö Ö Ö Ó ű Ó Ö ü ű Ö Ó ő Ó ő Ó ú Ó ő Ó é Ó ű Ó Ó Ó Ó ú Ó Ó Ó Ó Ö Ó Ó ö ő ü é ü Ö é é é Á é Ó Ó ú ú ű é Ö é é é Ó é é Ó Ó
Részletesebbenű ű ű Ú Ú Á ű Ö ű ű Ú Ő É
Ü ű ű ű Ú Ú Á ű Ö ű ű Ú Ő É É ű Ö Ö Á É ű Ö Ö Á Ü Á ű ű Ó Ó Á Á É Ü É ű Ó Á Ó Á ű Ö ű ű É Ü Ö ű É Ö ű ű Ó ű ű Ú ű ű ű ű ű É ű É Ú Ö Á É ű ű Ó ű ű ű ű ű ű Ó ű Ü ű ű ű É ű ű Ü Ü ű ű Ő Á Á Á ű ű ű Ó Ó Ó ű
Részletesebbenü ú ú ü ú ú ú ú
ú ú ú ü Ü ú ú ű ú ú ü ú ü ü ú ú ü ú ú ú ú ü ú Ö ü ü ü ú ü ú Ó ü ü ű ü Á Ü ü ű ü ű ü ű ű ü Ó ű ú ú ű ú ü ü ú ű ű ú ű ü ú ű ű ü ü ü ű ü ű ü ü ű ü ü ü ü ü ü ü ü ü ú ű ü ű Ó ü ü ü ú Á Ü ú ü ű ü Á Ü Ö Ú Á Á
RészletesebbenÁ Ö Ö Ö Ö ú ú Ö Ö Ó Ó ú ú Ü ú Ó Ö Ö Ü Ó Ö Ö Á Ó ú ú ú ű Ö Ö Ö Ö Á Ó Ö Ó ú ú Ö
Ó ú ú ú ú ű ű ű ú Á Ö ű Á Ö Ö Ö Ö ú ú Ö Ö Ó Ó ú ú Ü ú Ó Ö Ö Ü Ó Ö Ö Á Ó ú ú ú ű Ö Ö Ö Ö Á Ó Ö Ó ú ú Ö Ú ű ú É Á Ó Ó É Ó Ó ú ű ű ű ú Ö Ó Ö ú ú Ö ú Ü ú Ü É Ö Á Á Á Á ú Ó Ö ú ú ú Ü Ö ú ú ú ú ú ú Ö ú Ö Ó ű
Részletesebbenó ő ő ó ő ö ő ő ó ó ó ö ő ó ó ó ö ő ó ő ő ö Ö ő ö ó ő ö ő ő ú ö ö ü ö ó ö ö ö ő ö ö Ö ú ü ó ü ő ő ő ő ó ő ü ó ü ö ő ö ó ő ö ő ö ü ö ü ő ö ö ó ö ő ő ö
ü ö ő ö ő ó ö ő ü ü ö ő ó ó ü ő ö ő ö ő ö ü ö ő ö ő ó ö ü ü ö ő ő ő ö ő ö ü ö ő ó ő ö ü ö ő ő ű ő ö ö ő ű ő ü ö Ő ó ö ö ő ü ó ü ú ű ú ő ó ó ó ő ö ő ő ö ó ö ö ő ő ö ö ó ú ő ő ö ó ö ó ö ü ó ő ő ö ó ő ő ó
Részletesebbenú ö ö ö ö ö ö Á ö ö ö á á á ű Ü ű ö ö Á á Á
ú ú ö ö ö ö ö ö Á ö ö ö á á á ű Ü ű ö ö Á á Á Á ú á ú á Á ö á ö ö ö ú á á ö ö ö ö á ű Ü ú ö Ü ű ö ú ű á á á ú á ú ú á ö ö ú ö ú ú ö ö ú ö ö ö á ö ö ö á á ö ú ö á á Ú á ö ö ö Ü ú Á á ű ö Ü ö ú Á á ö á ö
Részletesebbené ü ó ö é Ö é ü é é ó ö é ü ü é é ó ó ó é Á é é ü ó é ó ó é ö ö ö é é ü é ü é é ö ü ü é ó é é é é é é ö é é é é é é ö é ó ö ü é é é ü é é ó é ü ó ö é
Ó Ö é ü ó ö é é ü é é ó ö é ü ü é é ó é é é é é é ö é é é é é é é ó ö ü é é é ü ó ö é Ö é ü é é ó ö é ü ü é é ó ó ó é Á é é ü ó é ó ó é ö ö ö é é ü é ü é é ö ü ü é ó é é é é é é ö é é é é é é ö é ó ö ü
RészletesebbenTetszőleges mozgások
Tetzőlege mozgáok Egy turita 5 / ebeéggel megy órát, Miel nagyon zép elyre ér lelaít é 3 / ebeéggel alad egy fél óráig. Cino fiukat/lányokat (Nem kíánt törlendő!) lát meg a táolban, ezért beleúz é 8 /
RészletesebbenÓ Ó ó ö ó
É ó ö É Á ó ó ü ó Ü ó ö ú ű ö ö ö ü ó Ó Ó ó ö ó Ó Ó ö ö ö ü Ó Ó ö ö ü ö ó ó ü ü Ó Ó Ó Ó ó ö ó ö ó ö ó ö ü ö ö ü ö ó ü ö ü ö ö ö ü ü ö ü É ü ö ü ü ö ó ü ü ü ü Ó Ó ü ö ö ü ö ó ö ö ü ó ü ó ö ü ö ü ö ü ö ó
RészletesebbenDiszkrét matematika 2.C szakirány
Diszkrét matematika 2.C szakirány 2015. ősz 1. Diszkrét matematika 2.C szakirány 3. előadás Nagy Gábor nagygabr@gmail.com nagy@compalg.inf.elte.hu compalg.inf.elte.hu/ nagy Komputeralgebra Tanszék 2015.
Részletesebben(2.1) A mátrixok oszlopai vagy sorai vektorok, amelyekkel összefüggésben felvetődik a lineáris függetlenség és a mátrix rangjának kérdése.
_Tulajdonágér-1. Tulajdonágér.1. A lineári érről A lineári ér, vagy vekorér halmaz, amelyben bizonyo műveleek érelmezeek, é amelynek elemeire meghaározo ulajdonágok érvényeek [1]. Szám-n-eek, vekorok ilyen
Részletesebbenü ű í ú ú ü ü ü ű ü ű ü ű ü ű ü í ü ű í í ü í í í í í ü í ű
ü ú É Á Á ü ű í ú ú ü ü ü ű ü ű ü ű ü ű ü í ü ű í í ü í í í í í ü í ű ü ű í ü í í ü ű í ü ű ü í ü í í í ü í ű ü í ú í ü ü ú í ü ü ű ü í í í ü ü ü í ü Ü ü ü ü ü ü í í í ü í í ü í í ü ű ü ú í ü í ü í ű í
RészletesebbenElektronika 2 (BMEVIMIA027)
Elekonik (BMEVIMI7), kko z eőíő olv zámíá vizvezejk z = eee (lád z ábá): z eőíő -jé módoíni kell z eőíő meneén léejö leozál:, hol: = ). Ezzel: in in v v Ám-vizcoláoknál: ( ) hol övidzáái ávieli jellemzővel
RészletesebbenMechanikai munka, energia, teljesítmény (Vázlat)
Mechanikai unka, energia, eljesíény (Vázla). Mechanikai unka fogala. A echanikai unkavégzés fajái a) Eelési unka b) Nehézségi erő unkája c) Gyorsíási unka d) Súrlódási erő unkája e) Rugóerő unkája 3. Mechanikai
RészletesebbenKözépszintű érettségi feladatsor Fizika. Első rész. 1. Melyik sebesség-idő grafikon alapján készült el az adott út-idő grafikon? v.
Középzinű éreégi feladaor Fizika Elő réz 1. Melyik ebeég-idő grafikon alapján kézül el az ado ú-idő grafikon? v v v v A B C D m 2. A gokar gyoruláa álló helyzeből12. Melyik állíá helye? m A) 1 ala12 a
RészletesebbenKidolgozott minta feladatok kinematikából
Kidolgozott minta feladatok kinematikából EGYENESVONALÚ EGYNLETES MOZGÁS 1. Egy gépkoci útjának az elő felét, a máik felét ebeéggel tette meg. Mekkora volt az átlagebeége? I. Saját zavainkkal megfogalmazva:
RészletesebbenMŰSZAKI FIZIKA I. Dr. Iványi Miklósné Professor Emeritus. 6. Előadás. PTE PMMK Műszaki Informatika Tanszék. Műszaki Fizika-I/EA-VI/1
MŰSZAK FZKA Dr. ványi Milóné Profeor Emeriu 6. Előadá PTE PMMK Műzai nformaia Tanzé Műzai Fizia-/EA-V/ Műzai Fizia-/EA-V/ PTE PMMK Műzai nformaia Tanzé Ellenálláo oro é párhuzamo apcoláa a) Ellenálláo
Részletesebben1. Előadás: Készletezési modellek, I-II.
. Előadás: Készleezési modellek, I-II. Készleeke rendszerin azér arunk hogy, valamely szükséglee, igény kielégísünk. A szóban forgó anyag, cikk iráni igény, keresle a készle fogyásá idézi elő. Gondoskodnunk
Részletesebben1. MINTAFELADATSOR KÖZÉPSZINT JAVÍTÁSI-ÉRTÉKELÉSI ÚTMUTATÓ
Oktatákutató é Fejleztő Intézet TÁMOP-3.1.1-11/1-01-0001 XXI. zázadi közoktatá (fejlezté, koordináció) II. zakaz FIZIKA 1. MINTAFELADATSOR KÖZÉPSZINT 015 JAVÍTÁSI-ÉRTÉKELÉSI ÚTMUTATÓ Oktatákutató é Fejleztő
RészletesebbenELEKTRONIKAI ALAPISMERETEK
Elekronikai alapismereek középszin 3 ÉETTSÉGI VIZSGA 0. okór 5. ELEKTONIKAI ALAPISMEETEK KÖZÉPSZINTŰ ÍÁSBELI ÉETTSÉGI VIZSGA JAVÍTÁSI-ÉTÉKELÉSI ÚTMTATÓ EMBEI EŐFOÁSOK MINISZTÉIMA Egyszerű, rövid feladaok
RészletesebbenELEKTRONIKAI ALAPISMERETEK
Elekronikai alapismereek emel szin Javíási-érékelési úmuaó ÉETTSÉGI VIZSG 0. okóber. ELEKTONIKI LPISMEETEK EMELT SZINTŰ ÍÁSELI ÉETTSÉGI VIZSG JVÍTÁSI-ÉTÉKELÉSI ÚTMUTTÓ EMEI EŐFOÁSOK MINISZTÉIUM Elekronikai
RészletesebbenGÉPÉSZETI ALAPISMERETEK
Gépézeti alapimeretek középzint 2 ÉRETTSÉGI VIZSGA 204. máju 20. GÉPÉSZETI ALAPISMERETEK KÖZÉPSZINTŰ ÍRÁSBELI ÉRETTSÉGI VIZSGA JAVÍTÁSI-ÉRTÉKELÉSI ÚTMUTATÓ EMBERI ERŐFORRÁSOK MINISZTÉRIUMA Fonto tudnivalók
Részletesebben10. Előadás. 1. Feltétel nélküli optimalizálás: Az eljárás alapjai
Optimalizálási eljárások MSc hallgatók számára 10. Előadás Előadó: Hajnal Péter Jegyzetelő: T. Szabó Tamás 2011. április 20. 1. Feltétel nélküli optimalizálás: Az eljárás alapjai A feltétel nélküli optimalizálásnál
Részletesebbenö ö ö ö ö ű É ö ö Ú ö ö ö É É É ű ö É ö É Ú Ú É ű ö ö ű Ú É Ü ö Ü ö ű ű ö ö ö ö ö ö ö ö É Ö ű Ú ö ÉÉ ö Ü É ö ű Ú ű ö Üö
Ü É Ü Ú ö É ö ö É ö Ú ű ö Ö É ű É ö ö ö ö ö ö ö ö ű É ö ö Ú ö ö ö É É É ű ö É ö É Ú Ú É ű ö ö ű Ú É Ü ö Ü ö ű ű ö ö ö ö ö ö ö ö É Ö ű Ú ö ÉÉ ö Ü É ö ű Ú ű ö Üö Ó Ú É ö ű ö ű ű Ú ö ű ö ű Ú ö ö ű ö Ú ű ö
Részletesebbenó ó é é é ó ü é é Í ő ő ó ó é ö é ó é ő ü é é ó í é é é ű ő ő ő é é ő í é í é é é ú é é é ó í é ö é ő ö é é é ö ü í é é ő é é ü é é í Ú ő ó ö é ő ö ö
Á Á É é ö ö é ő ő ő é ö é é ő é é é é ő í é é é ó é é é ü ő ő ó é ő é ű ö ö ú é ü ö é é é é ó é é ü ő ö é ő é ő ü ő ő ö ö í é ő ó ó ő é ő é ó é é ő é ó é ű é é ü ö é Í ö é í é ő ó ö é ő é ú í ö é é é ö
Részletesebben3. Gyakorlat. A soros RLC áramkör tanulmányozása
3. Gyakorla A soros áramkör anlmányozása. A gyakorla célkiőzései Válakozó áramú áramkörökben a ekercsek és kondenzáorok frekvenciafüggı reakív ellenállással ún. reakanciával rendelkeznek. Sajáságos lajdonságaik
RészletesebbenSTATISZTIKA 2. KÉPLETGYŰJTEMÉNY. idősorok statisztikai becslések hipotézisvizsgálat regressziószámítás
SAISZIKA. KÉPLEGŰJEMÉN dőoro aza beclée hpoézvzgála regrezózámíá www.maeg.hu SAISZIKA. KÉPLEGŰJEMÉN fo@maeg.hu el:675447 6. IDŐSOROK 6..Állapodőor é aramdőor ÁLLAPOIDŐSOR ARAMIDŐSOR Válozá mérée d d d
RészletesebbenGyakorló feladatok a Kísérletek tervezése és értékelése c. tárgyból Kísérlettervezés témakör
Gyakorló feladatok a Kíérletek tervezée é értékelée c. tárgyól Kíérlettervezé témakör. példa Nitrálái kíérleteken a kitermelét az alái faktorok függvényéen vizgálták:. a alétromav-adagolá idee [h]. a reagáltatá
RészletesebbenAZ EGÉSZSÉGES EMBERI TÉRDÍZÜLET KINEMATIKÁJÁNAK LEÍRÁSA KÍSÉRLETEK ALAPJÁN
AZ EGÉSZSÉGES EMBERI TÉRDÍZÜLET KINEMATIKÁJÁNAK LEÍRÁSA KÍSÉRLETEK ALAPJÁN Dokori (Ph.D.) érekezé éziei Kaona Gábor Gödöllő 2015. A dokori ikola megnevezée: Műzaki Tudományi Dokori Ikola udományága: Agrárműzaki
RészletesebbenDiszkrét matematika 2. estis képzés
Diszkrét matematika 2. estis képzés 2018. tavasz 1. Diszkrét matematika 2. estis képzés 10. előadás Nagy Gábor nagygabr@gmail.com nagy@compalg.inf.elte.hu compalg.inf.elte.hu/ nagy Komputeralgebra Tanszék
RészletesebbenÉ Ö É É Ú ü É Ü É ü Ü ü
É Ö É É Ú ü É Ü É ü Ü ü ü É ü ü ü ü Ü ü Ü Ü ü Ü ü ü ü ü ü ű ű ü ü ű ü ü ü ü ü ü Ü ü ű Ö ü ü Ö ű ü Ö ü ü ü Ö ü ü Ö ü ü Ö ü Öü Ú Ö ü ü Ö Ö ű ü ü ű ü ü Ö ü É ü ü ü É ű ü ü ü ü ü Ö ü ű ü Ö ü ü Ö ű ű ü ü ü
RészletesebbenNegyedik gyakorlat: Szöveges feladatok, Homogén fokszámú egyenletek Dierenciálegyenletek, Földtudomány és Környezettan BSc
Negyedik gyakorla: Szöveges feladaok, Homogén fokszámú egyenleek Dierenciálegyenleek, Földudomány és Környezean BSc. Szöveges feladaok A zikában el forduló folyamaok nagy része széválaszhaó egyenleekkel
RészletesebbenPortfólióelmélet. Portfólió fogalma. Friedman portfólió-elmélete. A befektetés három jellemzője. A kockázat általános értelmezése (Kindler József)
ofólió fogalma ofólióelméle Ké zóeede Lai zó oae hodai, vii Fólió ügy, ia Olaz zó icéek ézácája ofólió ág éelmezée vagyoágyak özeége ofólió zűk éelmezée külöböző, őzdé jegyze éékaíok özeége Fiedma ofólió-elmélee
RészletesebbenMérnöki alapok 9. előadás
érnök alapk 9. előadá Kézíee: dr. Várad Sándr Budape űzak é Gazdaágudmány Egyeem Gépézmérnök Kar Hdrdnamka Rendzerek Tanzék, Budape, űegyeem rkp. 3. D ép. 334. Tel: 463-6-80 Fax: 463-30-9 hp://www.zgep.bme.hu
RészletesebbenII. Egyenáramú generátorokkal kapcsolatos egyéb tudnivalók:
Bolizsár Zolán Aila Enika -. Eyenáramú eneráorok (NEM ÉGLEGES EZÓ, TT HÁNYOS, HBÁT TATALMAZHAT!!!). Eyenáramú eneráorokkal kapcsolaos eyé univalók: a. alós eneráorok: Természeesen ieális eneráorok nem
RészletesebbenA sebességállapot ismert, ha meg tudjuk határozni bármely pont sebességét és bármely pont szögsebességét. Analógia: Erőrendszer
Kinemaikai egyensúly éele: Téel: zár kinemaikai lánc relaív szögsebesség-vekorrendszere egyensúlyi. Mechanizmusok sebességállapoa a kinemaikai egyensúly éelével is meghaározhaó. sebességállapo ismer, ha
Részletesebbenű ú Í Í Ö Í É Í ü Ü ü É ü ü ü ü ü Ö ű ü Ü Ü ű ú ű Á É ü Ö ü Í Í Ú Á Í Ö Í Í ü ú Ú Íü ü ü Í ü ű Í Í Ö ú ü Á ú Í ú ű ú ú ü ú ú ú ú ű ü Í Í Í É Í ü Í ü ű ú Í ü Ó É Í Á Ö ú Á ü Í Íú ü ü ü ú Ö ú Ö Ö É É Í ú
Részletesebbené ü ö ü é í ó
é ü ö ü é é ü ö Ü É Á Á É é ú ö é í é é ű ö ő ö í ó é ü ö ü é í ó é ü ö ü é ü é ö é ű ö é é ó é é é ö é é ü é ó ó é ö é ő ö é é é ü é ö ü ő ö é ö é ő ő ó é ö é é ö ó ó ó ó é ö é ö ü é í ő ó é é ö é é í
RészletesebbenDiszkrét matematika 2.C szakirány
Diszkrét matematika 2.C szakirány 2017. tavasz 1. Diszkrét matematika 2.C szakirány 3. előadás Nagy Gábor nagygabr@gmail.com nagy@compalg.inf.elte.hu compalg.inf.elte.hu/ nagy Komputeralgebra Tanszék 2017.
Részletesebbenn -alkatrészfajta r -fő termékcsoportok -az i-edik alkatrészből a j-edik főcsoportba beépülő darabszám
13., ELŐAÁ A maemaikai modell ellegzees máixai, vekoai A leí kölségfüggvények felhasználásával elvégezheő oimálásokhoz szükséges adaoka a kövekező máixokból lehe leszámazani. ovábbá megelölheők az oimalizálandó
Részletesebben