A másod- és harmadfokú egyenletek nomogramjai
|
|
- Zsófia Bognárné
- 5 évvel ezelőtt
- Látták:
Átírás
1 A másod- és harmadfokú egyenletek nomogramjai Bálint Roland és Szalkai István Pannon Egyetem, Veszprém, Kivonat A másodfokú egyenletet megoldó számolóábra elemzésekor érdekes összefüggéseket találtunk a másodfokú egyenlet és a koordinátarendszer kapcsolatáról, amik alapján megszerkesztettük a harmadfokú egyenlet nomogramját. Haladvány Kiadvány, ,6:05 0. Bevezetés Egy régi középiskolai "Függvénytáblázatok" könyvben ([0]) találtuk az alábbi számolóábrát ("nomogram"): egy vonalzót a vízszintes és függ½oleges tengelyek p -nek és -nak megfelel½o pontokra illesztve azonnal leolvashatjuk a másodfokú egyenlet gyökeit ) a skálázott parabolán. z + pz + 0 () ) Az x és y változókat a tengelyek eredeti elnevezéseinek tartjuk fenn, ezért mi inkább a z + pz + 0 egyenlet z ; z gyökeir½ol beszélünk.
2
3 Honlapunkon [] közlünk még néhány üres, megvonalazott, nagyfelbontású számolóábrát az Olvasóknak, használják egészséggel! Használata egyszer½u és gyors, s½ot az analóg számolóeszközök el½onyeit is "élvezhetjük": p és/vagy változtatása esetén azonnal látjuk a gyökök változásának irányát és mértékét. Ez a gyökképletb½ol másodfokú egyenlet esetében [3] még megy csakcsak, de harmad- és negyedfokú egyenletek esetében ((43),[6]) már aligha. A m½uszaki tudományokban és gyakorlatban most is használnak számolóábrákat (például Nyuist diagram [8],[]). De hogyan m½uködik? Miért metszik az egyenesek épp a gyököknél a görbét, ami miért parabola, stb. Ezekre a kérdésekre adott elemzéseket és érdekes felfedezéseket mutatjuk be az Olvasónak (követnie és átugornia is lehet). Az interneten err½ol semmit, még a fenti számolóábrát sem találtuk, csak az [] és [] nomogramokat, amik kicsit más elven m½uködnek. Az alapos elemzések végén felfedeztük és megszerkesztettük a harmadfokú egyenletet megoldó ábrát is! Érdekességképpen kiemeljük, hogy sem a másodfokú sem a harmadfokú számolóábra elemzéséhez és elkészítéséhez egyszer sem volt szükségünk a megoldóképletekre, s½ot a Viète formulákat ((9), (4), (4), [5]) is csak ellen½orzéshez használtuk!. Bevezet½o számítások Ezek a bevezet½o számolások nem a másodfokú egyenlet megoldó nomogramjának konstruálását vagy lényegét tartalmazzák, hanem csak "ellen½orzést", a nomogram "jóságát". Figyelem: A számolóábra használatakor a p; ; x; y; z változók egyike sem lehet 0, pontosabban a 0 esetet külön meg kell vizsgálnunk. p 0 esetén az A pont végtelen távol van, az AB egyenes vízszintes és a parabolát < 0 esetén valóban a p pontokban metszi, míg 0 esetén a B pont végtelen távol van, az AB egyenes függ½oleges és a parabolát tényleg a p és a végtelen távoli 0 pontban metszi. Számolóábráknál (nomogramok) és logarléceknél a tengelyekre és a görbékre felírt számok általában nem egyeznek meg a geometriai (valódi) távolság-értékekkel. Ezeket körültekint½oen meg kell különböztetnünk, ezért az alábbi jelölést vezetjük be: Jelölés: Minden (geometriai) ponthoz írt értékeket, azaz a feliratokat p F ; F ; x F ; y F ; z F ; ::: () 3
4 -el jelöljük, míg ugyanezen pontok geometriai értékei, azaz a valódi távolságok az origótól p g ; g ; x g ; y g ; z g ; :::. (3) Tehát nagyon gyeljünk az alsó indexekre! A számolóábra (nomogram) nyilván akkor használható könnyen, ha a p F, F, z F és z F értékeket találjuk meg rajta, tehát () precízen az alábbi egyenlet jelenti: z F + p F z F + F 0. (4). Észrevétel: A bemutatott nomogramon a tengelyeken reciprok skálák vannak, vagyis p F p g és F g. (5) A parabola egyenlete y x azaz g p g, vagyis F p F. F p F azaz p F. Észrevétel: a parabolára írt "z" számok éppen az adott (geometriai) P (x; y) pont x koordinátáihoz írt p F értékek, vagyis z F p F ahol P x ; x ; ;. (6) p F z F p F z F ÁLLÍTÁS: a számolóábra jó. (Ellen½orzés.) Tehát azt kell igazolnunk, hogy az egyenes vonalzónk illesztéséhez használt A (p F ) ; 0 és B ( F ) 0 ; p F F (7) pontok, valamint a parabolán jelölt C (z ) ; és C z F zf (z ) ; (8) z F zf! pontok egy egyenesbe esnek. Vagyis: AB k AC!!! i azaz det AB ; ACi 0 (i ; ). Az alábbi bizonyításban elhagyjuk az F alsó indexeket. Fel fogjuk használni a Viète összefüggéseket (ld.pl. [5]): z z és z + z p, (9) 4
5 azaz p + z z és p + z z : (0) Mivel z és z szerepe szimmetrikus, ezért elég a C pontra bizonyítanunk:! AB ;!, AC p ; p z z p z pz ;, z!! det AB ; AC p z p z pz pz z + p+z pz z pz + z 0.. Készítése z z z + z De hogyan készült, vagyis hogyan találták fel a fenti egyszer½u de hasznos kis segédeszközt? Ebben a fejezetben egy lehetséges szerkesztést elemzünk. Ha a nomogramot a fenti módon szeretnénk használni ("p F és F az x és y tengelyeken, vonalzó ide és metsz a görbén", (5) és z F p F ), akkor a görbe nyilván mértani helye az AB egyenesek és a z és z -nél függ½olegesen húzott egyenesek metszéspontjainak. Az AB egyenes egyenlete (Salmon-féle tengelymetszetes egyenlet és (5) alapján): x + y vagyis y p F x, () p F F F ennek metszete (9) szerint a függ½oleges x z z y + p z ( + pz ) z hiszen z + pz + 0 miatt pz + z. y Tehát a görbe tényleg egy közönséges parabola. Megfordítva: Az AB egyenes és az y px x, ahonnan 0 x p x + x p x + F egyenessel: z x x parabola metszéspontját vizsgáljuk:! x, () melynek x ; gyökei az eredeti x + px + 0 egyenlet gyökeinek negatív reciprokai: x i z i. 5
6 3. További észrevételek 3. Észrevétel: A parabola és az y tengely által az AB egyenesb½ol kimetszett szakaszok aránya épp a z és z gyökök aránya. Ez szemléletesen belátható a számolóábrán: a vízszintes tengelyen (x ) F és (x ) F van, az AB egyenest és a vízszintes (x) tengelyt egy szögtartománynak tekinthetjük, a parabola és az AB egyenes metszéspontjaiban húzott függ½oleges egyenesek az x tengelyen épp a gyökök értékeit mutatják: z F z g és z F z g, ezek aránya valóban z z, és a szögtartományra a függ½oleges egyenesekkel a párhuzamos szel½ok tételét alkalmazva épp a bizonyítandó állítást kapjuk. Az állítást azonban számolással is megkaphatjuk: (7) és (8) alapján: Ha a D pont az AB és y tengely metszéspontja, akkor nyilván D 0 ; 0 ; z z, és ekkor a keresett arány: C D C D v z u + t z + z z z z z z + z z z + z v u t z z z + z + z z s z z + (z + z ) z z + (z + z ) z z. z +z z z z +z z z v u t z z z 4z z z z z4 + (z +z ) z 4 z + (z +z ) z z4 4. Kérdés: miért kellett a tengelyeken reciprok skálákat felvenni? Talán ekkor már az AB egyenes képe nem lenne egyenes, hanem ennek inverziós képe, egy kör. Erre a "Lineáris léptékkel" fejezetben keresünk választ. 5. Kérdés: D 0 azaz p F 4 F esetében az AB egyenesnek a parabola érint½ojét kell adnia. Ezt is érdekes lenne végigszámolni. 4. Lineáris léptékkel Próbáljunk meg egy nomogramot szerkeszteni úgy, hogy a tengelyeken lineáris lépékeket alkalmazunk, azaz p F p g és F g. El½oször is vizsgáljuk meg az () egyenletet közelebbr½ol. Kis átalakítás után: px + x, tehát a gyökök a következ½o két függvény metszéspontjainak els½o koordinátái: y px + egyenes és y x parabola. 6
7 Ez egy hagyományos gra kus megoldás lehetne. Az y x parabolát könny½u felrajzolni (csak egyszer kell), az egyenes az y tengelyt a értéknél metszi, és p az egyenes meredeksége, amit "kicsit" nehéz és pontatlan beállítani a gra kus megoldásnál: már derékszög½u háromszöget kellene szerkeszteni, stb. Sajnos, nem túl praktikus, annak ellenére, hogy a tengelyeken a szokásos lineáris skála (millliméterpapír) mellett ésszer½u tartományok ábrázolhatóak. Tehát: a tetsz½oleges A(u; 0) és B (0; v) pontokon átmen½o egyenes egyenlete x + u y vagyis y v x v u v v x, aminek metszete az y u x parabolával: x v v x azaz 0 x v x + v u u vx +, amely másodfokú v u x x egyenlet gyökei z i x i, és az együtthatók p és. u v Ez (is) magyarázza a reciprok lépték szükségességét a tengelyeken! 5. Villamosmérnöki gondolatok Feltesszük, hogy a nomogram használatakor az x, x gyököket az f (x) x parabola és a C, C pontokon átmen½o egyenes metszéspontjaiként kapjuk meg, és a tengelyeken vannak p és értékei. Lineáris skálák esetén: A C (x ; x ), C (x ; x ) pontokon átmen½o egyenes egyenlete f(x) y x (x x ) + y (x x ) (x x ) x (3) x x (x + x ) x + x x amely az x tengelyt az f(x 0 ) 0 vagyis x 0 x x x + x x + x azaz x 0 x + x. (4) Ez mellesleg az elekronikából jól ismert replusz (reciprok plusz) m½uvelet ), ami pl. két párhuzamos ellenállás (R ; R ) ered½o ellenállását adja meg: R e R + R vagyis R e R R R + R. (5) ) ami éppen a harmonikus középérték fele 7
8 Továbbá a C C egyenes az y tengelyt az f (0) x x (6) pontban metszi. A (9) Viète összefüggéseknek (6) ugyan eleget tesz, de (4) nem, ha a tengelyeken p -t és -t szeretnénk látni. Villamosmérnökként gondolkozva a gyökökre úgy tekinthetünk mint ellenállások, és ha p a kett½o replussza, akkor tudjuk "linearizálni" a feladatot, ha vesszük a reciprokokat, tehát vezetésekkel számolunk ellenállások helyett. Reciprok skálák esetén: Tehát vegyünk mindkét tengelyen reciprok skálákat ((5) és (3) szerint). f (x) függvény marad a x függvény. A két metszéspont C x ; és C x x ;. x A C C egyenes egyenlete: x f (x) x x ( + ) x +, (7) x x x x x x melynek metszéspontja x tengellyel f (x 0 ) 0 ahonnan x x 0 x x + x. (8) Mivel p -re is reciprok skálánk van, ezért (x 0 ) g (x 0 vagyis a metszéspontnál ) F lev½o (x 0 ) F felirat éppen p F! A C C egyenes y tengellyel vett metszéspontja f(0) x x, ami szintén megegyezik F -el! Megfordítva: az x tengelyen lev½o reciprok skála p F -ek értékét adja meg, a gyököknél pedig (x F ) és (x F ) feliratokat kell elhelyeznünk! 6. A felfedezés Már talán eleget tudtunk meg a másodfokú számolóábráról, tehát akár fel is fedezhetjük, minden el½ozetes információ nélkül ("a semmib½ol"). Tehát az () x F + p F x F + F 0 egyenletünk van. Pár ügyes átalakítással: x F + p F x F + F 0 : x F (feltéve, hogy x F 6 0) 8
9 + p F + F x F x F 0, HA most (ismét) AKKOR és HA még AKKOR () geometriai jelentése ami pedig az p F p F x F + F x F. (9) y F x F, (0) x F x F y F () + F. () y F x F x g, y F y g, p F p g és F g, (3) x g p g + y g g, (4) A (p g ; 0) és B (0; g ) (5) pontokon áthaladó egyenes "tengelymetszetes" (vagy Salmon-féle) egyenlete, és () pedig geometriailag x g y g (6) a "lefelé álló parabola" egyenlete. Összefoglalva: az () egyenlet nemnulla x ;F (és x ;F ) gyökei éppen az (), azaz (6) lefelé álló parabolának és az AB pontokra (5) fektetett (4) egyenesnek a metszéspontjai, ráadásul ezen metszéspontok pontosan a vízszintes tengelynek az x ;F (és x ;F ) feliratok alatt (függ½olegesen) lev½o pontjai! Ez pedig éppen a bevezet½oben bemutatott számolóábra! 9
10 7. Harmadfokú egyenletek Minden harmadfokú egyenlet standard módon alakítható át x 3 + px + 0 azaz x 3 F + p F x F + F 0 (7) alakra ([6], [7]). Próbáljuk meg az el½oz½o fejezetben alkalmazott módon átalakítani: x 3 F + p F x F + F 0 : x 3 (feltéve, hogy x F 6 0) + p F x F + F x 3 F 0, Legyen most p F x F + F x 3 F. (8) p F p g és F g (9) és ekkor és és (8) jelentése ami az y g x 3 F pontokon áthaladó egyenes egyenlete. x F x g és x 3 F y g, (30) x F x g (3) p x g 3 ( xg ) 3 (3) x g p g + y g g, (33) A (p g ; 0) és B (0; g ) (34) Tehát megint van az AB egyenesünk és a (3) egyenlet½u görbénk. 0
11 3 y 3 x 0 Az y ( x g ) 3 egyenlet½u görbék 3 Összefoglalva: A harmadfokú nomogram elkészítése. i) a vízszintes és függ½oleges tengelyeken p és beosztása reciprok skála (9) szerint - mint a másodfokú számolóábránál, ii) megrajzoljuk az y g ( x g ) 3 görbéket (szimmetrikus az x tengelyre), iii) a vízszintes tengelyen (3) alapján x F részére felveszünk egy x F x g (35) beosztást (azaz az origótól x g távolságra x F feliratot írunk), iv) az x F feliratokat függ½olegesen levetítjük és ráírjuk a ii) görbére. A nomogram használata: v) a megfelel½o p F, F pontokra fektetett AB egyenes kimetszi az ii) görbén a gyököket.
12
13 Ha nem tudjuk vagy nem akarjuk a görbére közvetlenül ráírni a számokat, akkor az AB egyenes és a görbe kapott metszéspontjait függ½olegesen vetítjük a vízszintes tengelyre és ott olvassuk le x F értékeit. Sajnos (3) miatt már az iii) pontban sem tudtuk az x F értékek el½ojeleit egyértelm½uen felírni. Tehát számolóábránk csak a gyökök abszolút értékeit adja meg, a gyökök el½ojeleit nekünk kell behelyettesítéssel vagy a Viète összefüggések (4) alapján meghatároznunk. Honlapunkon [] közöljük a nagyfelbontású számolóábrákat. Az ábrát biztosan feltalálták már el½ottünk, csak esetleg a négyzetes-reciprok skála miatt nehézkes és pontatlan a használata, ezért nem tartották ½oseink megörökítésre méltónak. 7.. Megjegyzések, kérdések. Megjegyzés: Már az el½oz½o alfejezet végén tárgyaltuk a gyökök el½ojeleinek problémáját. Sajnos erre jobb választ nem tudunk, nyitott kérdés, hogy van-e el½ojelhelyes nomogram a harmadfokú egyenlet megoldásához.. Kérdés: Mit jelent (30), azaz mennyi y F? Tulajdonképpen lényegtelen, vagyis y F skálára nincs szükségünk. Az y g f (x g ) görbét viszont (3) egyértelm½uen meghatározza. 3. Megjegyzés: A nomogram megtervezése sokkal egyszer½ubb lenne az x 3 + px + 0 (36) alakú egyenletekre, de sajnos nem minden harmadfokú egyenlet hozható ilyen alakra. 4. Kérdés: Ha tudtunk nomogramot szerkeszteni másodfokú egyenletre síkban, akkor tudunk-e térbeli nomogramot készíteni az általános z 3 +z +z + 0 alakú harmadfokú egyenletek megoldására? Erre sem tudjuk még a választ. 5. Kérdés: A p; értékekre illesztett AB egyenes hogyan metszi a két görbét három pontban? Az ábrán láthatjuk, hogy a fels½o görbe konvex, az alsó konkáv! A diszkrimináns (44) alapján pedig akkor van három különböz½o valós gyök, ha < 0. Ez pedig ugye akkor van, ha p er½osen negatív, és ebben az esetben az egyenes valóban metszheti az egyik görbét kett½o, a másik görbét pedig egy pontban. Tehát van három gyökünk! Mivel a két görbe együtt szimmetrikus a vízszintes tengelyre, ezért el½ojele (a függ½oleges tengelyen) lényegtelen: a gyökök ugyanazok. Ez összhangban van a Cardano képlettel (43), mert miatt ott sem lényeges el½ojele, és természetesen -ban sem. 6. Kérdés: A három gyök lehet-e egy egyenesen? 3
14 A három gyök mindegyike kielégíti (7) és (8) -et, amik ekvivalensek (ha egyik gyök sem 0). (9), (3) és (3) esetén a fenti (8) ekvivalens (33) -el, ami egy valóságos geometriai egyenes, méghozzá (34)-beli pontokkal, tehát OK, vagyis a három (vagy amennyi van) gyök mindenképpen egy egyenesre esik! 7. Kérdés: Ha csak az egyik gyököt változtatom meg, a másik két gyökön áthaladó egyenes "mit csinál"? Ez egy fogas kérdés. De ne feledjük: nomogramunk csak a (7) alakú egyenletekre m½uködik, márpedig ha csak az egyik gyököt változtatjuk meg, akkor - a (4) Viète összefüggés alapján ezt a három gyököt megadó egyenlet már nem lesz (7) alakú! 7.. Diszkriminánsok Ebben az alfejezetben néhány hasznos képletet és tudnivalót sorolunk fel a harmadfokú egyenletekr½ol.. Állítás: Minden alakú egyenlet a Z : z + 3 z 3 + z + z + 0 (37) helyettesítéssel ekvivalens módon átalakítható Z 3 + pz + 0 (38) alakú egyenletté. (Bizonyítás: Házi Feladat vagy [6],[7].). Állítás (Viète formulák): Ha a fenti egyenletek (akár komplex akár valós) gyökei z ; z ; z 3 illetve Z ; Z ; Z 3, akkor a és összefüggések alapján és (z z ) (z z ) (z z 3 ) z 3 + z + z + (39) (Z Z ) (Z Z ) (Z Z 3 ) Z 3 + pz + (40) (z + z + z 3 ) z z + z z 3 + z 3 z (4) z z z 3 Z + Z + Z 3 0 Z Z + Z Z 3 + Z 3 Z p (4) Z Z Z 3. 4
15 3. Tétel (Cardano-Fontana 3) formula, [6]): A (40) egyenlet gyökei r r z i p p 3 3. (43) 4. De níció: A harmadfokú egyenlet diszkriminánsa ([8], [9]) : + p 3 3. (44) 5. Tétel ([6]-[9]): HA > 0 akkor a Cardano formulában lev½o négyzetgyökvonás elvégezhet½o és az egyenletnek mindig egy valós és két (igazi) konjugált komplex gyöke van, HA 0 akkor és csak akkor ha legalább két gyök azonos (van többszörös gyök), HA < 0 akkor a négyzetgyök alatt negatív szám van, DE az egyenletnek három valós gyöke van Példák A nomogram kipróbálásához néhány egyenletet el½ore megoldottunk a Cardano- Fontana képlettel. x 3 + 0:3 x + 0:5 x3 3:3333x + 0 (p F azaz p 0:3 g 0:3), Megoldása: (x i ) F :3680, 0:705, :073, (x i ) g (:3680) 0:53435, (0:705) :00 7, ( :073) 0:366, x 3 + 0:4 x + 0:8 x3 :5x + :5 0, Megoldása: (x i ) F :8, 0:57673, :7885, (x i ) g (:8) 0:68099, (0:57673) 3:006 5, ( :7885) 0:36, x 3 + 0: x + 0:3 x3 5x + 3:3333 0, Megoldása: (x i ) F :7635, 0:7557, :55 3 ) A képletet általában Cardano-Tartaglia vagy csak Cardano képletnek hívják. A képletet valójában Tartaglia találta fel, akinek eredeti neve Niccoló Fontana, Tartaglia csak a gúnyneve ("dadogós"). 5
16 (x i ) g (:7635) 0:355, (0:7557) :7704, ( :55) 0:580, x 3 + 0: x + x3 5x + 0, Megoldása: (x i ) F :84, 0:064, :330 (x i ) g (:84) 0:075, (0:064) 4:595, ( :330) 0:848, x 3 + 0:45 x + :5 0, Megoldása: (x i ) F :3088, 0:339, :6 7 (x i ) g (:3088) 0:58379, (0:339) 0:48, ( :6 7) 0: Hivatkozások [0] Függvénytáblázatok, matematikai és zikai összefüggések, Tankönyvkiadó, 968. [] Martel, P.: Nomograms, és [] [3] [4] [5] [6] [7] (redirected from Cardano formula) [8] [9] [0] [] Görbe Péter: Villamosságtan jegyzet, Pannon Egyetem, Kézirat, 07. [] 6
Egyenletek, egyenlőtlenségek VII.
Egyenletek, egyenlőtlenségek VII. Magasabbfokú egyenletek: A 3, vagy annál nagyobb fokú egyenleteket magasabb fokú egyenleteknek nevezzük. Megjegyzés: Egy n - ed fokú egyenletnek legfeljebb n darab valós
Oktatási Hivatal. 1 pont. A feltételek alapján felírhatók az. összevonás után az. 1 pont
Oktatási Hivatal Öt pozitív egész szám egy számtani sorozat első öt eleme A sorozatnak a különbsége prímszám Tudjuk hogy az első négy szám köbének összege megegyezik az ezen öt tag közül vett páros sorszámú
Halmazelméleti alapfogalmak
Halmazelméleti alapfogalmak halmaz (sokaság) jól meghatározott, megkülönböztetett dolgok (tárgyak, fogalmak, stb.) összessége. - halmaz alapfogalom. z azt jelenti, hogy csak példákon keresztül magyarázzuk,
Németh László Matematikaverseny, Hódmezővásárhely április 8. A osztályosok feladatainak javítókulcsa
Németh László Matematikaverseny, Hódmezővásárhely 2013. április 8. A 9-10. osztályosok feladatainak javítókulcsa 1. Jelöljük x-szel az adott hónapban megkezdett 100 kb-s csomagok számát. Az első szolgáltatónál
Bevezetés az elméleti zikába
Bevezetés az elméleti zikába egyetemi jegyzet Kúpszeletek Lázár Zsolt, Lázár József Babe³Bolyai Tudományegyetem Fizika Kar 2011 TARTALOMJEGYZÉK 6 TARTALOMJEGYZÉK Azokat a görbéket, amelyeknek egyenlete
Ellipszisekr½ol részletesen
Ellipszisekr½ol részletesen dr. Szalkai István Pannon Egyetem, Veszprém, szalkai@almos.uni-pannon.hu 019.01.07. Kivonat A mindennapi életben a kör alakú tárgyakat (is), például közlekedési táblákat, legtöbbször
Egy tételr½ol, melyet Dürer majdnem megtalált
Haladvány Kiadvány 2017.03.26 Egy tételr½ol, melyet Dürer majdnem megtalált Hujter Mihály hujter.misi@gmail.com A német reneszánsz legfontosabb alakjaként ismert Albrecht Dürer. Mivel apja (id½osebb Albrecht
FÜGGVÉNYEK. A derékszögű koordináta-rendszer
FÜGGVÉNYEK A derékszögű koordináta-rendszer Az. jelzőszámot az x tengelyről, a 2. jelzőszámot az y tengelyről olvassuk le. Pl.: A(-3;-) B(3;2) O(0;0) II. síknegyed I. síknegyed A (0; 0) koordinátájú pontot
Egyenletek, egyenletrendszerek, egyenlőtlenségek Megoldások
) Egyenletek, egyenletrendszerek, egyenlőtlenségek - megoldások Egyenletek, egyenletrendszerek, egyenlőtlenségek Megoldások a) Oldja meg a valós számok halmazán az alábbi egyenletet! = 6 (5 pont) b) Oldja
Matematika 10 Másodfokú egyenletek. matematika és fizika szakos középiskolai tanár. > o < 2015. szeptember 27.
Matematika 10 Másodfokú egyenletek Juhász László matematika és fizika szakos középiskolai tanár > o < 2015. szeptember 27. copyright: c Juhász László Ennek a könyvnek a használatát szerzői jog védi. A
Függvények Megoldások
Függvények Megoldások ) Az ábrán egy ; intervallumon értelmezett függvény grafikonja látható. Válassza ki a felsoroltakból a függvény hozzárendelési szabályát! a) x x b) x x + c) x ( x + ) b) Az x függvény
Nagy Gábor compalg.inf.elte.hu/ nagy ősz
Diszkrét matematika 1. középszint 016. ősz 1. Diszkrét matematika 1. középszint 1. előadás Nagy Gábor nagygabr@gmail.com nagy@compalg.inf.elte.hu compalg.inf.elte.hu/ nagy Mérai László diái alapján Komputeralgebra
Komplex számok. Wettl Ferenc szeptember 14. Wettl Ferenc Komplex számok szeptember / 23
Komplex számok Wettl Ferenc 2014. szeptember 14. Wettl Ferenc Komplex számok 2014. szeptember 14. 1 / 23 Tartalom 1 Számok A számfogalom b vülése Egy kis történelem 2 Miért számolunk velük? A megoldóképlet
Taylor-polinomok. 1. Alapfeladatok. 2015. április 11. 1. Feladat: Írjuk fel az f(x) = e 2x függvény másodfokú Maclaurinpolinomját!
Taylor-polinomok 205. április.. Alapfeladatok. Feladat: Írjuk fel az fx) = e 2x függvény másodfokú Maclaurinpolinomját! Megoldás: A feladatot kétféle úton is megoldjuk. Az els megoldásban induljunk el
Másodfokú egyenletek, egyenlőtlenségek
Másodfokú egyenletek, egyenlőtlenségek A másodfokú egyenlet grafikus megoldása Példa1. Ábrázold az f(x) = x 1x 16 függvényt, majd olvasd le az ábráról az alábbi egyenlet megoldását: x 1x 16 =. 1. lépés:
Nagy Gábor compalg.inf.elte.hu/ nagy ősz
Diszkrét matematika 1. középszint 2017. ősz 1. Diszkrét matematika 1. középszint 1. előadás Nagy Gábor nagygabr@gmail.com nagy@compalg.inf.elte.hu compalg.inf.elte.hu/ nagy Mérai László diái alapján Komputeralgebra
Másodfokú egyenletek, egyenlőtlenségek
Másodfokú egyenletek, egyenlőtlenségek A másodfokú egyenlet grafikus megoldása Példa1. Ábrázold az f(x) = x + 1x + 16 függvényt, majd olvasd le az ábráról az alábbi egyenlet megoldását: x + 1x + 16 = 0.
Nagy Gábor compalg.inf.elte.hu/ nagy ősz
Diszkrét matematika 1. estis képzés 2017. ősz 1. Diszkrét matematika 1. estis képzés 2. előadás Nagy Gábor nagygabr@gmail.com nagy@compalg.inf.elte.hu compalg.inf.elte.hu/ nagy Mérai László diái alapján
MATEMATIKA ÉRETTSÉGI TÍPUSFELADATOK MEGOLDÁSAI KÖZÉPSZINT Függvények
MATEMATIKA ÉRETTSÉGI TÍPUSFELADATOK MEGOLDÁSAI KÖZÉPSZINT Függvények A szürkített hátterű feladatrészek nem tartoznak az érintett témakörhöz, azonban szolgálhatnak fontos információval az érintett feladatrészek
Koordináta-geometria feladatok (emelt szint)
Koordináta-geometria feladatok (emelt szint) 1. (ESZÉV Minta (2) 2004.05/7) Egy ABC háromszögben CAB = 30, az ACB = 45. A háromszög két csúcsának koordinátái: A(2; 2) és C(4; 2). Határozza meg a harmadik
b) Ábrázolja ugyanabban a koordinátarendszerben a g függvényt! (2 pont) c) Oldja meg az ( x ) 2
1) Az ábrán egy ; intervallumon értelmezett függvény grafikonja látható. Válassza ki a felsoroltakból a függvény hozzárendelési szabályát! a) b) c) ( ) ) Határozza meg az 1. feladatban megadott, ; intervallumon
Abszolútértékes és gyökös kifejezések Megoldások
Abszolútértékes és gyökös kifejezések Megoldások ) Igazolja, hogy az alábbi négy egyenlet közül az a) és b) jelű egyenletnek pontosan egy megoldása van, a c) és d) jelű egyenletnek viszont nincs megoldása
MATEMATIKA ÉRETTSÉGI TÍPUSFELADATOK KÖZÉPSZINT Függvények
MATEMATIKA ÉRETTSÉGI TÍPUSFELADATOK KÖZÉPSZINT Függvények A szürkített hátterű feladatrészek nem tartoznak az érintett témakörhöz, azonban szolgálhatnak fontos információval az érintett feladatrészek megoldásához!
8. Egyenletek, egyenlőtlenségek, egyenletrendszerek II.
8 Egyenletek, egyenlőtlenségek, egyenletrendszerek II Elméleti összefoglaló Az a + b+ c, a egyenletet másodfokú egyenletnek nevezzük A D b ac kifejezést az egyenlet diszkriminánsának nevezzük Ha D >, az
Vektorterek. Wettl Ferenc február 17. Wettl Ferenc Vektorterek február / 27
Vektorterek Wettl Ferenc 2015. február 17. Wettl Ferenc Vektorterek 2015. február 17. 1 / 27 Tartalom 1 Egyenletrendszerek 2 Algebrai struktúrák 3 Vektortér 4 Bázis, dimenzió 5 Valós mátrixok és egyenletrendszerek
9. Tétel Els - és másodfokú egyenl tlenségek. Pozitív számok nevezetes közepei, ezek felhasználása széls érték-feladatok megoldásában
9. Tétel Els - és másodfokú egyenl tlenségek. Pozitív számok nevezetes közepei, ezek felhasználása széls érték-feladatok megoldásában Bevezet : A témakörben els - és másodfokú egyenl tlenségek megoldásának
a) A logaritmus értelmezése alapján: x 8 0 ( x 2 2 vagy x 2 2) (1 pont) Egy szorzat értéke pontosan akkor 0, ha valamelyik szorzótényező 0.
MATEMATIKA ÉRETTSÉGI TÍPUSFELADATOK MEGOLDÁSAI EMELT SZINT Abszolútértékes és Gyökös kifejezések A szürkített hátterű feladatrészek nem tartoznak az érintett témakörhöz, azonban szolgálhatnak fontos információval
Matematika 11 Koordináta geometria. matematika és fizika szakos középiskolai tanár. > o < szeptember 27.
Matematika 11 Koordináta geometria Juhász László matematika és fizika szakos középiskolai tanár > o < 2015. szeptember 27. copyright: c Juhász László Ennek a könyvnek a használatát szerzői jog védi. A
A 2013/2014. tanévi Országos Középiskolai Tanulmányi Verseny második forduló MATEMATIKA I. KATEGÓRIA (SZAKKÖZÉPISKOLA) Javítási-értékelési útmutató
Oktatási Hivatal A 0/04 tanévi Országos Középiskolai Tanulmányi erseny második forduló MATEMATIKA I KATEGÓRIA (SZAKKÖZÉPISKOLA) Javítási-értékelési útmutató A 57 olyan háromjegyű szám, amelynek számjegyei
6. Függvények. 1. Az alábbi függvények közül melyik szigorúan monoton növekvő a 0;1 intervallumban?
6. Függvények I. Nulladik ZH-ban láttuk: 1. Az alábbi függvények közül melyik szigorúan monoton növekvő a 0;1 intervallumban? f x g x cos x h x x ( ) sin x (A) Az f és a h. (B) Mindhárom. (C) Csak az f.
Ellipszis átszelése. 1. ábra
1 Ellipszis átszelése Adott egy a és b féltengely - adatokkal bíró ellipszis, melyet a befoglaló téglalapjának bal alsó sarkában csuklósan rögzítettnek képzelünk. Az ellipszist e C csukló körül forgatva
10. Koordinátageometria
I. Nulladik ZH-ban láttuk: 0. Koordinátageometria. Melyek azok a P x; y pontok, amelyek koordinátái kielégítik az Ábrázolja a megoldáshalmazt a koordináta-síkon! x y x 0 egyenlőtlenséget? ELTE 00. szeptember
MATEMATIKA ÉRETTSÉGI TÍPUSFELADATOK MEGOLDÁSAI EMELT SZINT Abszolútértékes és Gyökös kifejezések
MATEMATIKA ÉRETTSÉGI TÍPUSFELADATOK MEGOLDÁSAI EMELT SZINT Abszolútértékes és Gyökös kifejezések A szürkített hátterű feladatrészek nem tartoznak az érintett témakörhöz, azonban szolgálhatnak fontos információval
Gazdasági Matematika I. Megoldások
. (4.feladatlap/2) Gazdasági Matematika I. Di erenciálszámítás alkalmazásai Megoldások a) Határozza meg az f(x) x 6x 2 + függvény x 2 helyen vett érint½ojének az egyenletét. El½oször meghatározzuk a pont
25 i, = i, z 1. (x y) + 2i xy 6.1
6 Komplex számok megoldások Lásd ábra z = + i, z = + i, z = i, z = i z = 7i, z = + 5i, z = 5i, z = i, z 5 = 9, z 6 = 0 Teljes indukcióval 5 Teljes indukcióval 6 Az el z feladatból következik z = z = =
MATEMATIKA ÉRETTSÉGI TÍPUSFELADATOK KÖZÉP SZINT Függvények
MATEMATIKA ÉRETTSÉGI TÍPUSFELADATOK KÖZÉP SZINT Függvények A szürkített hátterű feladatrészek nem tartoznak az érintett témakörhöz, azonban szolgálhatnak fontos információval az érintett feladatrészek
Határozott integrál és alkalmazásai
Határozott integrál és alkalmazásai 5. május 5.. Alapfeladatok. Feladat: + d = Megoldás: Egy határozott integrál kiszámolása a feladat. Ilyenkor a Newton-Leibniz-tételt használhatjuk, mely azt mondja ki,
Egyenletek, egyenlőtlenségek V.
Egyenletek, egyenlőtlenségek V. DEFINÍCIÓ: (Másodfokú egyenlet) Az ax + bx + c = 0 alakban felírható egyenletet (a, b, c R; a 0), ahol x a változó, másodfokú egyenletnek nevezzük. TÉTEL: Az ax + bx + c
3. Vírusmentes e-levelemet a kolléga számítógépe fert½ozte meg érkezéskor.
Haladvány Kiadvány 0.06.4 Számítógépes vírusok vagy ugratás valószín½uségér½ol Hujter M.. Dedikálva egy másik Hujter M. mai születésnapjára. Egy nagyon okos kollégámtól ma kaptam egy e-levelet, mert a
Országos Középiskolai Tanulmányi Verseny 2011/2012 Matematika I. kategória (SZAKKÖZÉPISKOLA) 2. forduló - megoldások. 1 pont Ekkor
Okta tási Hivatal Országos Középiskolai Tanulmányi Verseny 0/0 Matematika I. kategória (SZAKKÖZÉPISKOLA). forduló - megoldások. Az valós számra teljesül a 3 sin sin cos sin egyenlőség. Milyen értékeket
Magasabbfokú egyenletek
86 Magasabbfokú egyenletek Magasabbfokú egyenletek 5 90 a) =! ; b) =! ; c) = 5, 9 a) Legyen = y Új egyenletünk: y - 5y+ = 0 Ennek gyökei: y=, y= Tehát egyenletünk gyökei:, =!,, =! b) Új egyenletünk: y
MATEMATIKA ÉRETTSÉGI TÍPUSFELADATOK KÖZÉP SZINT Függvények
MATEMATIKA ÉRETTSÉGI TÍPUSFELADATOK KÖZÉP SZINT Függvények ) Az ábrán egy ; intervallumon értelmezett függvény grafikonja látható. Válassza ki a felsoroltakból a függvény hozzárendelési szabályát! a) x
352 Nevezetes egyenlôtlenségek. , az átfogó hossza 81 cm
5 Nevezetes egyenlôtlenségek a b 775 Legyenek a befogók: a, b Ekkor 9 + $ ab A maimális ab terület 0, 5cm, az átfogó hossza 8 cm a b a b 776 + # +, azaz a + b $ 88, tehát a keresett minimális érték: 88
MATEMATIKA ÉRETTSÉGI TÍPUSFELADATOK MEGOLDÁSAI KÖZÉPSZINT Függvények
MATEMATIKA ÉRETTSÉGI TÍPUSFELADATOK MEGOLDÁSAI KÖZÉPSZINT Függvények A szürkített hátterű feladatrészek nem tartoznak az érintett témakörhöz, azonban szolgálhatnak fontos információval az érintett feladatrészek
1. Interpoláció. Egyértelműség (K2.4.10) Ha f és g ilyen polinomok, akkor n helyen megegyeznek, így a polinomok azonossági tétele miatt egyenlők.
1. Interpoláció Az interpoláció alapproblémája Feladat Olyan polinomot keresünk, amely előre megadott helyeken előre megadott értékeket vesz fel. A helyek: páronként különböző a 1,a 2,...,a n számok. Az
Matematika szóbeli érettségi témakörök 2016/2017-es tanév őszi vizsgaidőszak
Matematika szóbeli érettségi témakörök 2016/2017-es tanév őszi vizsgaidőszak Halmazok Halmazok egyenlősége Részhalmaz, valódi részhalmaz Üres halmaz Véges és végtelen halmaz Halmazműveletek (unió, metszet,
20. tétel A kör és a parabola a koordinátasíkon, egyenessel való kölcsönös helyzetük. Másodfokú egyenlőtlenségek.
. tétel A kör és a parabola a koordinátasíkon, egyenessel való kölcsönös helyzetük. Másodfokú egyenlőtlenségek. Először megadom a síkbeli definíciójukat, mert ez alapján vezetjük le az egyenletüket. Alakzat
MATEMATIKA ÉRETTSÉGI TÍPUSFELADATOK MEGOLDÁSAI KÖZÉP SZINT Függvények
MATEMATIKA ÉRETTSÉGI TÍPUSFELADATOK MEGOLDÁSAI KÖZÉP SZINT Függvények A szürkített hátterű feladatrészek nem tartoznak az érintett témakörhöz, azonban szolgálhatnak fontos információval az érintett feladatrészek
egyenletrendszert. Az egyenlő együtthatók módszerét alkalmazhatjuk. sin 2 x = 1 és cosy = 0.
Magyar Ifjúság. X. TRIGONOMETRIKUS FÜGGVÉNYEK A trigonometrikus egyenletrendszerek megoldása során kísérletezhetünk új változók bevezetésével, azonosságok alkalmazásával, helyettesítő módszerrel vagy más,
Németh László Matematikaverseny április 16. A osztályosok feladatainak javítókulcsa
Németh László Matematikaverseny 007. április 16. A 9-10. osztályosok feladatainak javítókulcsa Feladatok csak 9. osztályosoknak 1. feladat a) Vegyük észre, hogy 7 + 5 felírható 1 + 3 + 6 + alakban, így
A(a; b) = 2. A(a; b) = a+b. Példák A(37; 49) = x 2x = x = : 2 x = x = x
10. osztály:nevezetes középértékek Összeállította:Keszeg ttila 1 1 számtani közép efiníció 1. (Két nemnegatív szám számtani közepe) Két nemnegatív szám számtani közepének a két szám összegének a felét
Függvények július 13. f(x) = 1 x+x 2 f() = 1 ()+() 2 f(f(x)) = 1 (1 x+x 2 )+(1 x+x 2 ) 2 Rendezés után kapjuk, hogy:
Függvények 015. július 1. 1. Feladat: Határozza meg a következ összetett függvényeket! f(x) = cos x + x g(x) = x f(g(x)) =? g(f(x)) =? Megoldás: Összetett függvény el állításához a küls függvényben a független
Abszolútértékes egyenlôtlenségek
Abszolútértékes egyenlôtlenségek 575. a) $, $ ; b) < - vagy $, # - vagy > 4. 5 576. a) =, =- 6, 5 =, =-, 7 =, 4 = 5; b) nincs megoldás;! c), = - ; d) =-. Abszolútértékes egyenlôtlenségek 577. a) - # #,
6. Függvények. Legyen függvény és nem üreshalmaz. A függvényt az f K-ra való kiterjesztésének
6. Függvények I. Elméleti összefoglaló A függvény fogalma, értelmezési tartomány, képhalmaz, értékkészlet Legyen az A és B halmaz egyike sem üreshalmaz. Ha az A halmaz minden egyes eleméhez hozzárendeljük
Irracionális egyenletek, egyenlôtlenségek
9 Irracionális egyenletek, egyenlôtlenségek Irracionális egyenletek, egyenlôtlenségek Irracionális egyenletek /I a) Az egyenlet bal oldala a nemnegatív számok halmazán, a jobb oldal minden valós szám esetén
Komplex számok. Wettl Ferenc Wettl Ferenc () Komplex számok / 14
Komplex számok Wettl Ferenc 2012-09-07 Wettl Ferenc () Komplex számok 2012-09-07 1 / 14 Tartalom 1 Számok A számfogalom b vülése Egy kis történelem 2 Miért számolunk velük? A megoldóképlet egy speciális
GAZDASÁGMATEMATIKA KÖZÉPHALADÓ SZINTEN
GAZDASÁGMATEMATIKA KÖZÉPHALADÓ SZINTEN ELTE TáTK Közgazdaságtudományi Tanszék Gazdaságmatematika középhaladó szinten KOMPLEX SZÁMOK Készítette: Gábor Szakmai felel s: Gábor Vázlat 1 2 3 Történeti bevezetés
ANALÍZIS II. Példatár
ANALÍZIS II. Példatár Többszörös integrálok 3. április 8. . fejezet Feladatok 3 4.. Kett s integrálok Számítsa ki az alábbi integrálokat:...3. π 4 sinx.. (x + y) dx dy (x + y) dy dx.4. 5 3 y (5x y y 3
First Prev Next Last Go Back Full Screen Close Quit. Komplex számok (2)
2. előadás Komplex számok (2) 1. A a + bi (a, b) kölcsönösen egyértelmű megfeleltetés lehetővé teszi, hogy a komplex számokat a sík pontjaival, illetve helyvektoraival ábrázoljuk. A derékszögű koordináta
Vektorgeometria (2) First Prev Next Last Go Back Full Screen Close Quit
Vektorgeometria (2) First Prev Next Last Go Back Full Screen Close Quit 1. Tekintsünk a térben egy P (p 1, p 2, p 3 ) pontot és egy v = (v 1, v 2, v 3 ) = 0 vektort. Ekkor pontosan egy egyenes létezik,
Szendrői Balázs: Algebrai síkgörbék, szerkesztette: Ádám Liliána, Ódor Gergő, Lajos Mátyás
Algebrai síkgörbék Algebrai síkgörbéknek az olyan görbéket nevezzük, amelyek pontjai egy kétváltozós polinommal jellemezhetők. Ilyenek az egyenesek (ezek az elsőfokú síkgörbék). Másodfokú síkgörbék: pl.
8. előadás. Kúpszeletek
8. előadás Kúpszeletek Kör A k kört egyértelműen meghatározza C(a,b) középpontja és r sugara. A P pont pontosan akkor van k-n, ha CP=r. Vektoregyenlet: p-c = r. Koordinátás egyenlet: (X-a)2 + (Y-b)2 =
Feladatok megoldásokkal a harmadik gyakorlathoz (érintési paraméterek, L Hospital szabály, elaszticitás) y = 1 + 2(x 1). y = 2x 1.
Feladatok megoldásokkal a harmadik gyakorlathoz (érintési paraméterek, L Hospital szabály, elaszticitás). Feladat. Írjuk fel az f() = függvény 0 = pontbeli érintőjének egyenletét! Az érintő egyenlete y
1.1. Alapfogalmak. Vektor: R 2 beli elemek vektorok. Pl.: (2, 3) egy olyan vektor aminek a kezdo pontja a (0, 0) pont és a végpontja a
1. 1. hét 1.1. Alapfogalmak Vektor: R 2 beli elemek vektorok. Pl.: (2, 3) egy olyan vektor aminek a kezdo pontja a (0, 0) pont és a végpontja a (2, 3) Egyenes normál vektora egy pontban: egy olyan vektor
Koordináta geometria III.
Koordináta geometria III. TÉTEL: A P (x; y) pont akkor és csak akkor illeszkedik a K (u; v) középpontú r sugarú körre (körvonalra), ha (x u) 2 + (y v) 2 = r 2. Ez az összefüggés a K (u; v) középpontú r
: s s t 2 s t. m m m. e f e f. a a ab a b c. a c b ac. 5. Végezzük el a kijelölt m veleteket a változók lehetséges értékei mellett!
nomosztással a megoldást visszavezethetjük egy alacsonyabb fokú egyenlet megoldására Mivel a 4 6 8 6 egyenletben az együtthatók összege 6 8 6 ezért az egyenletnek gyöke az (mert esetén a kifejezés helyettesítési
FELVÉTELI VIZSGA, szeptember 12.
BABEŞ-BOLYAI TUDOMÁNYEGYETEM, KOLOZSVÁR MATEMATIKA ÉS INFORMATIKA KAR FELVÉTELI VIZSGA, 08. szeptember. Írásbeli vizsga MATEMATIKÁBÓL FONTOS TUDNIVALÓK: A feleletválasztós feladatok,,a rész esetén egy
Haladók III. kategória 2. (dönt ) forduló
Haladók III. kategória 2. (dönt ) forduló 1. Tetsz leges n pozitív egész számra jelölje f (n) az olyan 2n-jegy számok számát, amelyek megegyeznek az utolsó n számjegyükb l alkotott szám négyzetével. Határozzuk
Javítókulcs, Válogató Nov. 25.
Javítókulcs, Válogató 2016. Nov. 25. 1. Az A, B, C pontok által meghatározott hegyesszögű háromszögben az egyes csúcsokhoz tartozó magasságvonalak talppontjait jelölje rendre T A, T B és T C. A T A T B
KOVÁCS BÉLA, MATEMATIKA I.
KOVÁCS BÉLA, MATEmATIkA I 14 XIV NEVEZETES GÖRbÉk 1 AZ EGYEnES EGYEnLETE A és pontokon átmenő egyenes egyenlete: (1), Az hányados neve iránytényező (iránytangens, meredekség) A ponton átmenő, m iránytangensű
Descartes-féle, derékszögű koordináta-rendszer
Descartes-féle, derékszögű koordináta-rendszer A derékszögű koordináta-rendszerben a sík minden pontjához egy rendezett valós számpár rendelhető. A számpár első tagja (abszcissza) a pont y tengelytől mért
Hódmezővásárhelyi Városi Matematikaverseny április 14. A osztályosok feladatainak javítókulcsa
Hódmezővásárhelyi Városi Matematikaverseny 2003. április 14. A 11-12. osztályosok feladatainak javítókulcsa 1. feladat Egy számtani sorozatot az első eleme és különbsége egyértelműen meghatározza, azt
TANMENET. a matematika tantárgy tanításához 10. E.osztályok számára
Az iskola fejbélyegzője TANMENET a matematika tantárgy tanításához 10. E.osztályok számára Készítette: Természettudományi Munkaközösség matematikát tanító tanárai Készült: a gimnáziumi tanterv alapján
Diszkrét matematika 1.
Diszkrét matematika 1. Nagy Gábor nagy@compalg.inf.elte.hu nagygabr@gmail.com ELTE IK Komputeralgebra Tanszék 014. ősz 014-15 őszi félév Gyakorlat: 1. ZH tervezett időpontja: október 1.,. ZH tervezett
A brachistochron probléma megoldása
A brachistochron probléma megoldása Adott a függőleges síkban két nem egy függőleges egyenesen fekvő P 0 és P 1 pont, amelyek közül a P 1 fekszik alacsonyabban. Azt a kérdést fogjuk vizsgálni. hogy van-e
Bevezetés. 1. fejezet. Algebrai feladatok. Feladatok
. fejezet Bevezetés Algebrai feladatok J. A számok gyakran használt halmazaira a következ jelöléseket vezetjük be: N a nemnegatív egész számok, N + a pozitív egész számok, Z az egész számok, Q a racionális
2. Síkmértani szerkesztések
2. Síkmértani szerkesztések Euklidész görög matematikus (i. e. 325 körül) szerint azokat az eljárásokat tekintjük szerkesztésnek, amelyek egy egyenes vonalzóval és egy körz vel véges számú lépésben elvégezhet
L'Hospital-szabály. 2015. március 15. ln(x 2) x 2. ln(x 2) = ln(3 2) = ln 1 = 0. A nevez határértéke: lim. (x 2 9) = 3 2 9 = 0.
L'Hospital-szabály 25. március 5.. Alapfeladatok ln 2. Feladat: Határozzuk meg a határértéket! 3 2 9 Megoldás: Amint a korábbi határértékes feladatokban, els ként most is a határérték típusát kell megvizsgálnunk.
2015. évi Bolyai János Megyei Matematikaverseny MEGOLDÁSI ÉS ÉRTÉKELÉSI ÚTMUTATÓ 11. évfolyam
015. évi Bolyai János Megyei Matematikaverseny A közölt megoldási utak a feladatoknak nem az egyetlen helyes megoldási módját adják meg, több eltérő megoldás is lehetséges. Az útmutatótól eltérő megoldásokat
Németh László Matematikaverseny, Hódmezővásárhely. 2015. március 30. A 11-12. osztályosok feladatainak javítókulcsa
Németh László Matematikaverseny, Hódmezővásárhely 2015. március 30. A 11-12. osztályosok feladatainak javítókulcsa Feladatok csak szakközépiskolásoknak Sz 1. A C csúcs értelemszerűen az AB oldal felező
Koordináta-geometria. Fogalom. Jelölés. Tulajdonságok, definíciók
Koordináta-geometria Fogalom Ezen a helyen találkozik össze a számtan és a mértan. Körök, egyenesek, háromszögek és más egyéb alakzatok, de nem szerkesztenünk kell, vagy méricskélni, hanem számolni, viszont
2) Írja fel az alábbi lineáris függvény grafikonjának egyenletét! (3pont)
(11/1) Függvények 1 1) Ábrázolja az f()= -4 függvényt a [ ;10 ] intervallumon! (pont) ) Írja fel az alábbi lineáris függvény grafikonjának egyenletét! (3pont) 3) Ábrázolja + 1 - függvényt a [ ;] -on! (3pont)
Szá molá si feládáttí pusok á Ko zgázdásá gtán I. (BMEGT30A003) tá rgy zá rthelyi dolgozátá hoz
Szá molá si feládáttí pusok á Ko zgázdásá gtán I. (BMEGT30A003) tá rgy zá rthelyi dolgozátá hoz 1. feladattípus a megadott adatok alapján lineáris keresleti, vagy kínálati függvény meghatározása 1.1. feladat
Tárgy. Forgóasztal. Lézer. Kamera 3D REKONSTRUKCIÓ LÉZERES LETAPOGATÁSSAL
3D REKONSTRUKCIÓ LÉZERES LETAPOGATÁSSAL. Bevezetés A lézeres letapogatás a ma elérhet legpontosabb 3D-s rekonstrukciót teszi lehet vé. Alapelve roppant egyszer : egy lézeres csíkkal megvilágítjuk a tárgyat.
Egészrészes feladatok
Kitűzött feladatok Egészrészes feladatok Győry Ákos Miskolc, Földes Ferenc Gimnázium 1. feladat. Oldjuk meg a valós számok halmazán a { } 3x 1 x+1 7 egyenletet!. feladat. Bizonyítsuk be, hogy tetszőleges
Megoldott feladatok november 30. n+3 szigorúan monoton csökken, 5. n+3. lim a n = lim. n+3 = 2n+3 n+4 2n+1
Megoldott feladatok 00. november 0.. Feladat: Vizsgáljuk az a n = n+ n+ sorozat monotonitását, korlátosságát és konvergenciáját. Konvergencia esetén számítsuk ki a határértéket! : a n = n+ n+ = n+ n+ =
A Cassini - görbékről
A Cassini - görbékről Giovanni Domenico Cassini, a 17-18 században élt olasz származású francia csillagász neve egyebek mellett a róla elnevezett görbékről is ismert lehet; ilyeneket mutat az 1 ábra is
Komplex számok. Wettl Ferenc előadása alapján Wettl Ferenc előadása alapján Komplex számok / 18
Komplex számok Wettl Ferenc előadása alapján 2015.09.23. Wettl Ferenc előadása alapján Komplex számok 2015.09.23. 1 / 18 Tartalom 1 Számok A számfogalom bővülése 2 Algebrai alak Trigonometrikus alak Egységgyökök
5 = hiszen és az utóbbi mátrix determinánsa a középs½o oszlop szerint kifejtve: 3 7 ( 2) = (példa vége). 7 5 = 8. det 6.
A pivotálás hasznáról és hatékony módjáról Adott M mátrixra pivotálás alatt a következ½ot értjük: Kijelölünk a mátrixban egy nemnulla elemet, melynek neve pivotelem, aztán az egész sort leosztjuk a pivotelemmel.
Komplex számok. Komplex számok és alakjaik, számolás komplex számokkal.
Komplex számok Komplex számok és alakjaik, számolás komplex számokkal. 1. Komplex számok A komplex számokra a valós számok kiterjesztéseként van szükség. Ugyanis már középiskolában el kerülnek olyan másodfokú
Komplex számok. Wettl Ferenc Wettl Ferenc () Komplex számok / 9
Komplex számok Wettl Ferenc 2010-09-10 Wettl Ferenc () Komplex számok 2010-09-10 1 / 9 Tartalom 1 Számok Egy kis történelem A megoldóképlet egy speciális esetre Lehet számolni negatív szám gyökével Műveletek
Interaktív geometriai rendszerek használata középiskolában -Pont körre vonatkozó hatványa, hatványvonal-
Fazekas Gabriella IV. matematika-informatika Interaktív geometriai rendszerek használata középiskolában -Pont körre vonatkozó hatványa, hatványvonal- Jelen tanulmány a fent megjelölt fogalmak egy lehetséges
Függvények határértéke, folytonossága
Függvények határértéke, folytonossága 25. február 22.. Alapfeladatok. Feladat: Határozzuk meg az f() = 23 4 5 3 + 9 a végtelenben és a mínusz végtelenben! függvény határértékét Megoldás: Vizsgáljuk el
Arany Dániel Matematikai Tanulóverseny 2017/2018-as tanév 2. forduló Haladók II. kategória
Bolyai János Matematikai Társulat Arany Dániel Matematikai Tanulóverseny 017/018-as tanév. forduló Haladók II. kategória Megoldások és javítási útmutató 1. Egy tanár kijavította egy 1 f s csoport dolgozatait.
FEGYVERNEKI SÁNDOR, Valószínűség-sZÁMÍTÁs És MATEMATIKAI
FEGYVERNEKI SÁNDOR, Valószínűség-sZÁMÍTÁs És MATEMATIKAI statisztika 3 III. VÉLETLEN VEKTOROK 1. A KÉTDIMENZIÓs VÉLETLEN VEKTOR Definíció: Az leképezést (kétdimenziós) véletlen vektornak nevezzük, ha Definíció:
A keresett kör középpontja Ku ( ; v, ) a sugara r = 1. Az adott kör középpontjának koordinátái: K1( 4; 2)
55 A kör 87 8 A keresett kör középpontja Ku ( ; v, ) a sugara r = Az adott kör középpontjának koordinátái: K( ; ) és a sugara r =, az adott pont P(; ) Ekkor KP = és KK = () ( u ) + ( v ) =, () ( u ) +
Brósch Zoltán (Debreceni Egyetem Kossuth Lajos Gyakorló Gimnáziuma) Megoldások
Megoldások 1. Írd fel a K (0; 2) középpontú 7 sugarú kör egyenletét! A keresett kör egyenletét felírhatjuk a képletbe való behelyettesítéssel: x 2 + (y + 2) 2 = 49. 2. Írd fel annak a körnek az egyenletét,
Matematika A2 vizsga mgeoldása június 4.
Matematika A vizsga mgeoldása 03. június.. (a (3 pont Definiálja az f(x, y függvény határértékét az (x 0, y 0 helyen! Megoldás: Legyen D R, f : D R. Legyen az f(x, y függvény értelmezve az (x 0, y 0 pont
Vektorok és koordinátageometria
Vektorok és koordinátageometria Vektorral kapcsolatos alapfogalmak http://zanza.tv/matematika/geometria/vektorok-bevezetese Definíció: Ha egy szakasz két végpontját megkülönböztetjük egymástól oly módon,
1. Ábrázolja az f(x)= x-4 függvényt a [ 2;10 ] intervallumon! (2 pont) 2. Írja fel az alábbi lineáris függvény grafikonjának egyenletét!
Függvények 1 1. Ábrázolja az f()= -4 függvényt a [ ;10 ] intervallumon!. Írja fel az alábbi lineáris függvény grafikonjának egyenletét! 3. Ábrázolja + 1 - függvényt a [ ;] -on! 4. Az f függvényt a valós