Hatvani István fizikaverseny forduló megoldások. 1. kategória

Hasonló dokumentumok
Hatvani István fizikaverseny forduló megoldások. 1. kategória. J 0,063 kg kg + m 3

Folyadékok és gázok mechanikája

Jedlik Ányos Fizikaverseny 3. (országos) forduló 8. o A feladatlap

71. A lineáris és térfogati hőtágulási tényező közötti összefüggés:

28. Nagy László Fizikaverseny Szalézi Szent Ferenc Gimnázium, Kazincbarcika február 28. március osztály

HIDROSZTATIKA, HIDRODINAMIKA

Bor Pál Fizikaverseny, középdöntő 2012/2013. tanév, 8. osztály

Hatvani István fizikaverseny forduló megoldások. 1. kategória

Hatvani István fizikaverseny forduló megoldások. 1. kategória a) A méz sűrűségét a víztartalma és a hőmérséklete befolyásolja.

Felvételi, 2017 július -Alapképzés, fizika vizsga-

Felvételi, 2018 szeptember - Alapképzés, fizika vizsga -

A nagyobb tömegű Peti 1,5 m-re ült a forgástengelytől. Összesen: 9p

Mit nevezünk nehézségi erőnek?

Hatvani István Fizikaverseny forduló megoldások. 1. kategória

Fizika minta feladatsor

Bor Pál Fizikaverseny 2013/2014-es tanév DÖNTŐ április évfolyam. Versenyző neve:...

Hatvani István fizikaverseny Döntő. 1. kategória

Elektrosztatika Mekkora két egyenlő nagyságú töltés taszítja egymást 10 m távolságból 100 N nagyságú erővel? megoldás

U = 24 V I = 4,8 A. Mind a két mellékágban az ellenállás külön-külön 6 Ω, ezért az áramerősség mindkét mellékágban egyenlő, azaz :...

Tornyai Sándor Fizikaverseny Megoldások 1

Elektromos ellenállás, az áram hatásai, teljesítmény

Hatvani István fizikaverseny Döntő. 1. kategória

Bor Pál Fizikaverseny, középdöntő 2016/2017. tanév, 8. osztály

ÖVEGES JÓZSEF FIZIKAVERSENY

= 163, 63V. Felírható az R 2 ellenállásra, hogy: 163,63V. blokk sorosan van kapcsolva a baloldali R 1 -gyel, és tudjuk, hogy

Munka, energia Munkatétel, a mechanikai energia megmaradása

a) Valódi tekercs b) Kondenzátor c) Ohmos ellenállás d) RLC vegyes kapcsolása

Hatvani István fizikaverseny forduló. 1. kategória

Öveges korcsoport Jedlik Ányos Fizikaverseny 2. (regionális) forduló 8. o március 01.

Newton törvények, erők

Folyadékok és gázok mechanikája

1. Feladatok a dinamika tárgyköréből

Elektromos áram, egyenáram

Feladatlap X. osztály

Elektromos áram, áramkör, kapcsolások

Figyelem! Csak belső és saját használatra! Terjesztése és másolása TILOS!

FIZIKA ZÁRÓVIZSGA 2015

V e r s e n y f e l h í v á s

A nyomás. IV. fejezet Összefoglalás

Osztályozó, javító vizsga 9. évfolyam gimnázium. Írásbeli vizsgarész ELSŐ RÉSZ

EGYSZERŰ GÉPEK. Azok az eszközök, amelyekkel kedvezőbbé lehet tenni az erőhatás nagyságát, irányát, támadáspontjának helyét.

Elektromos ellenállás, az áram hatásai, teljesítmény

Hatvani István fizikaverseny Döntő. 1. kategória

Elektromos áramerősség

2.3 Newton törvények, mozgás lejtőn, pontrendszerek

A következő keresztrejtvény minden helyes megoldása 1-1 pontot ér. A megfejtés + 1 pont. Így összesen 15 pontot szerezhetsz a megfejtésért.

Hidrosztatika. Folyadékok fizikai tulajdonságai

DINAMIKA ALAPJAI. Tömeg és az erő

DÖNTŐ április évfolyam

Newton törvények, lendület, sűrűség

Sztehlo Gábor Evangélikus Óvoda, Általános Iskola és Gimnázium. Osztályozóvizsga témakörök 1. FÉLÉV. 9. osztály

3. Az alábbi adatsor egy rugó hosszát ábrázolja a rá ható húzóerő függvényében:

9. évfolyam. Osztályozóvizsga tananyaga FIZIKA

58. ročník Fyzikálnej olympiády v školskom roku 2016/2017 Okresné kolo kategórie F Texty úloh v maďarskom jazyku

SZÁMÍTÁSOS FELADATOK

9. Laboratóriumi gyakorlat NYOMÁSÉRZÉKELŐK

Nyomás. Az az erő, amelyikkel az egyik test, tárgy nyomja a másikat, nyomóerőnek nevezzük. Jele: F ny

Belső energia, hőmennyiség, munka Hőtan főtételei

Kirchhoff 2. törvénye (huroktörvény) szerint az áramkörben levő elektromotoros erők. E i = U j (3.1)

29. Nagy László Fizikaverseny Szalézi Szent Ferenc Gimnázium, Kazincbarcika február osztály

TestLine - Fizika 7. évfolyam folyadékok, gázok nyomása Minta feladatsor

TestLine - Fizika 7. évfolyam folyadékok, gázok nyomása Minta feladatsor

Elméleti kérdések 11. osztály érettségire el ı készít ı csoport

Fizika. Tanmenet. 7. osztály. 1. félév: 1 óra 2. félév: 2 óra. A OFI javaslata alapján összeállította az NT számú tankönyvhöz:: Látta: ...

Egyenáram tesztek. 3. Melyik mértékegység meghatározása nem helyes? a) V = J/s b) F = C/V c) A = C/s d) = V/A

III. KERÜLETI FIZIKA VERSENY MÁRCIUS 22. SZÁMÍTÁSOS FELADATOK

Javítási útmutató Fizika felmérő 2015

Elektrotechnika. Ballagi Áron

Newton törvények és a gravitációs kölcsönhatás (Vázlat)

W = F s A munka származtatott, előjeles skalármennyiség.

Bevezető fizika (infó), 8. feladatsor Egyenáram, egyenáramú áramkörök 2.

Szakács Jenő Megyei Fizika Verseny, I. forduló november 14.

Bor Pál Fizikaverseny 2016/17. tanév DÖNTŐ április évfolyam. Versenyző neve:...

ÖVEGES JÓZSEF ORSZÁGOS FIZIKAVERSENY II. fordulója feladatainak javítókulcsa április 5.

Mechanika - Versenyfeladatok

ÖSSZEFOGLALÁS HŐTANI FOLYAMATOK

1. feladat Alkalmazzuk a mólhő meghatározását egy gázra. Izoterm és adiabatikus átalakulásokra a következőt kapjuk:

Hidrosztatika, Hidrodinamika

Irányításelmélet és technika I.

Gépészmérnöki alapszak, Mérnöki fizika ZH, október 10.. CHFMAX. Feladatok (maximum 3x6 pont=18 pont)

A LÉGKÖRBEN HATÓ ERŐK, EGYENSÚLYI MOZGÁSOK A LÉGKÖRBEN

Számítási feladatok a 6. fejezethez

Mérés: Millikan olajcsepp-kísérlete

A 2009/2010. tanévi FIZIKA Országos Középiskolai Tanulmányi Verseny első fordulójának feladatai és megoldásai. I. kategória

Bor Pál Fizikaverseny Eötvös Loránd Fizikai Társulat Csongrád Megyei Csoport DÖNTŐ április osztály

KÖRMOZGÁS, REZGŐMOZGÁS, FORGÓMOZGÁS

Egy részecske mozgási energiája: v 2 3 = k T, ahol T a gáz hőmérséklete Kelvinben 2 2 (k = 1, J/K Boltzmann-állandó) Tehát a gáz hőmérséklete

Elektromágnesség tesztek

Újpesti Bródy Imre Gimnázium és Ál tal án os Isk ola

Nyomás. Az az erő, amelyikkel az egyik test, tárgy nyomja a másikat, nyomóerőnek nevezzük. Jele: F ny

A LÉGKÖRBEN HATÓ ERŐK, EGYENSÚLYI MOZGÁSOK A LÉGKÖRBEN

Lendület. Lendület (impulzus): A test tömegének és sebességének szorzata. vektormennyiség: iránya a sebesség vektor iránya.

Komplex természettudomány 3.

Beküldési határidő: március 27. Hatvani István Fizikaverseny forduló

Tömegpontok mozgása egyenes mentén, hajítások

Elektromos áram, egyenáram

58. ročník Fyzikálnej olympiády v školskom roku 2016/2017 Okresné kolo kategórie E Texty úloh v maďarskom jazyku

4. MECHANIKA-MECHANIZMUSOK ELŐADÁS (kidolgozta: Szüle Veronika, egy. ts.)

= 450 kg. b) A hó 4500 N erővel nyomja a tetőt. c) A víz tömege m víz = m = 450 kg, V víz = 450 dm 3 = 0,45 m 3. = 0,009 m = 9 mm = 1 14

azonos sikban fekszik. A vezetőhurok ellenállása 2 Ω. Számítsuk ki a hurok teljes 4.1. ábra ábra

Átírás:

1. kategória 1.3.1. a) A legfontosabb megálaszolandó kérdések a köetkezők oltak: kijuthatnak-e egyáltalán a mikrohullámú jelek a ilágűrbe, milyen mértékben eri issza a Hold a jeleket, hogyan terjednek ezek a jelek a térben és tudják-e észlelni őket a Földön. b) A Föld-Hold táolság 381000 km, ezért a jel által megtett út. A jel eleje múla ér issza. A jel ége pedig az indulástól számíta múla érkezik meg. c) A alóságban a kísérlet 50 percig tartott. A jel isszaérkezése után kicsit ártak a köetkező jel indításáal, 3 másodpercenként küldtek jeleket. d) A jeladó teljesítménye 3 4 kw, így a jeladó egyetlen jel kibocsátásakor, azaz és érték közötti munkát égzett. e) Bay Zoltán az idézetben a Debreceni Református Kollégiumban eltöltött 8 diákére gondolt issza, ahol a kollégiumi könytárban nyolcadikos korában [18 éesen] került kezébe Newton könye, a Princípia. A Maróthy György általa Debrecenbe hozott Newton-köny sokáig kísértésben tartotta, hogy lefordítsa latinról magyarra. 1.3.2. a) A sötétebb színű testek jobban elnyelik a rájuk eső fénysugarakat, mint a ilágosak. A ilágos hó meglehetősen jól isszaeri a ráeső napsugarakat, ezért csak kicsit melegszik, magától nehezen olad. A sötét színű fatörzs sokkal több napsugarat nyel el, csak keeset er issza, így jobban melegszik, mint a hó. Ezért a melegebb fatörzs közelében a hó gyorsabban olad, mint a fa törzsétől táolabb. b) A hó tömege: Ennek felmelegítéséhez kell ( ) hő A hó felolasztásához kell hő hőt kell közölnünk a hóal. 1.3.3. A fagolyókat pontszerűnek tekintjük. A égzett munka egyenlő a golyók helyzeti energiájának a megáltozásáal. Az egyetlen golyóra számolt energia: ahol és A rendszer teljes energiája egyenlő a rajta égzett munkáal: 1

[ ] Az emelésnél tehát 3,6 J munkát égeztünk. 1.3.4. A falmászásra fordítható energia:. Ha a kezdeti pozícióban rögzítjük a 0 szintet, akkor egy Túró Rudi elfogyasztásából származó hasznos energiáal magasságra mászhatna fel a fiú, azaz Ebből. A kötélmászások száma:. Legalább 17-szer tud felmászni 20 m magasra. 1.3.5. a) A íz sűrűsége harmada a test sűrűségének, a kiszorított íz és a test térfogata egyenlő, tehát a kiszorított íz súlya, azaz a felhajtóerő harmada a test súlyának, agyis, így a álasz: -nál nagyobb erő kell. b) A medence aljára kifejtett nyomóerő, ha nem hézagmentesen érintkezik a kocka a medence aljáal. A kocka térfogata. A kocka éle, ezért a nyomott felület. A nyomás. Ha a kocka alsó lapja és a medence feneke között nincs folyadék, akkor felhajtóerő nem lép fel. Ekkor a nyomás. 1.3.6. Az alumínium rúdra ható graitációs erő összeillesztésre onatkoztatott forgatónyomatéka: Az réz rúdra ható graitációs erő összeillesztésre onatkoztatott forgatónyomatéka: A forgatónyomatékok különbségét az tömegű test súlyának forgatónyomatéka egyenlíti ki, a test helyét az alátámasztástól mérjük, és a réz irányában pozití Tehát az alumínium felöli oldalon a forrasztástól -re kell alátámasztani. 2

2. kategória 2.3.1. a) A legfontosabb megálaszolandó kérdések a köetkezők oltak: kijuthatnak-e egyáltalán a mikrohullámú jelek a ilágűrbe, milyen mértékben eri issza a Hold a jeleket, hogyan terjednek ezek a jelek a térben és tudják-e észlelni őket a Földön. b) A Föld-Hold táolság 381000 km, ezért a jel által megtett út indulástól számíta. A jel eleje múla ér issza. A jel ége pedig az múla érkezik meg. c) A alóságban a kísérlet 50 percig tartott. A jel isszaérkezése után kicsit ártak a köetkező jel indításáal, 3 másodpercenként küldtek jeleket. d) A jeladó teljesítménye 3 4 kw, így a jeladó egyetlen jel kibocsátásakor, azaz és érték közötti munkát égzett. e) Bay Zoltán az idézetben a Debreceni Református Kollégiumban eltöltött 8 diákére gondolt issza, ahol a kollégiumi könytárban nyolcadikos korában [18 éesen] került kezébe Newton könye, a Princípia. A Maróthy György általa Debrecenbe hozott Newton-köny sokáig kísértésben tartotta, hogy lefordítsa latinról magyarra. 2.3.2. a) A bicikli teljes menetideje:. Miel és, ezért a keresett átlagsebesség: Az oda-issza úton az átlagsebességünk. b) Az oda-issza útra mért menetidő, ezért A házunktól kalandpark 8,18 km-re an. 2.3.3. a) A főágban mért áramerősség, az ED pontok között mért feszültség. A mellékágak száma: három. Az egyes mellékágakban az ellenállások nagysága: - az AB ág ellenállása: - az AGB ág ellenállása: - az AFEDCB ág ellenállása: A párhuzamos kapcsolások miatt: Az ED szakaszon mérhető ellenállás, ezért a teljes ellenálláson mérhető feszültség áramforrás feszültségéel. 3, ami egyúttal azonos az

Az áramforrás feszültsége. b) Az eredő ellenállás: c) Tudjuk, hogy A mellékágakon belül az egyes ellenállásokon áthaladó áram (miel sorosan kapcsoltak) ugyanakkora, azaz megegyezik az ágon folyó árammal. A mellékágakban mérhető áramerősség fordítottan arányos azok ellenállásáal, tehát:, ezért,, 2.3.4. A kocka térfogata: A krómozott kocka térfogata: A króm térfogata: A króm tömege: Az idő meghatározása: erősségű áram hatására alatt króm álik ki, erősségű áram hatására 1 s alatt erősségű áram hatására, hány másodperc alatt álik ki króm álik ki, króm A astag krómréteget (8 perc) alatt lehet a kocka felületére elektrolizálni. 2.3.5. a) Az egyes fogyasztókon mérhető feszültség és. b) 1. A fogyasztók akkor működnek az előírt 10 V feszültségen, ha az A fogyasztóal olyan ellenállást kapcsolunk párhuzamosan, hogy az eredő ellenállás éppen a B fogyasztó ellenállásáal egyezzen meg. Az A fogyasztóal párhuzamosan, 10 Ω-os ellenállást kell kapcsolnunk. 2. A B fogyasztón pedig, ha, akkor erősségű áram folyik. Ehhez a B fogyasztóal sorosan kell kapcsolnunk egy ellenállást, úgy hogy az áramerősség maradjon az áramkörben. Az eredő ellenállás: 4

A B fogyasztóal sorosan egy -os ellenállást kell kapcsolnunk. c) Az összteljesítmény:. d) Az áramkör hatásfoka 62,5%. 2.3.6. A merülőforraló ellenállása és teljesítménye. 5

3. kategória 3.3.1. a) tehát a test a körí harmadát teszi meg r d s b) ΔI -os szögelfordulás A rendszer geometriája alapján: 3.3.2 a) Első autó: Második autó: A köetési táolság: b) A kérdéses időig a második autó -rel több utat tett meg: a (t ) Az egyenlet megoldása után. a t t 3.3.3. l y M a) A kötél elszakad, a test ízszintes hajítással a talajra érkezik, az ábra szerinti táolságra. x m b) A test a kötélen marad, köríen mozog, magasságig emelkedik: 6

3.3.4. miatt,, α f 3.3.5. m m 3.3.6. a) A rendszer geometriájából adódóan a rugóra: α b) Ha ebből a helyzetből elengedjük a testet, az erő megszűnik, a másik két erő eredője ízszintes és nagyságú, ezért gyorsulás ízszintes irányú és. F r F F 3.3.7. Ha, akkor kell, hogy legyen! a) d b) x y 3.3.8. A rugóban tárolt energia maximuma akkor an, amikor a két test sebessége egyenlő nagy. 7

4. kategória 4.3.1. a) b) Ha Ha a test gyorsul lehetne, de természetesen a súrlódási erő csak 5 N. A test nyugalomban marad, ha eredetileg állt. Ha mozgásban olt, egyenletesen lassula megáll. 4.3.2. Lásd a 3.3.4. feladat megoldását. 4.3.3. A íz-cukor arányának megfelelően fagylaltban íz és cukor an. A cukor égéshője agy tápértéke A szerezetünk által felett energia: A szerezetünk által leadott energia, feltételeze, hogy a cukor nem melegszik fel, hanem azonnal elkezdi a szerezet hasznosítani:, agyis a szerezetünk energia mérlege erősen pozití, ezt nem befolyásolja a cukor melegedésének elhanyagolása 4.3.4. a) Ha az U alakú cső baloldali szárába ízoszlopot töltünk, akkor a két szár higany szintjének különbsége: y b) A hosszú ízoszlop betöltésekor a baloldali szárban -nal lejjebb kerül a Hg szint, a jobb oldaliban y-nal feljebb. A két szárbeli különbség -nal nő meg. y Hg 8

4.3.5. a) Az átáramló gáz térfogat a összefüggés alapján, agy rögtön a sűrűség definíciója alapján: b) Az átáramló gáz sebessége: 4.3.6. a) Egyensúly esetén a két erőpár fogató nyomatékának abszolút értéke megegyezik egymással. A korrekt álasz 0,29 b) Most α helyett alamilyen β szög, és forgatónyomaték a 0 pontban. => 4.3.7. A derékszögű háromszög induló adataiból a szükséges adatok kiszámíthatók. A kérdéses P pontban a kettő eredője a felé mutat és nagysága. Hogy az eredő térerősség ízszintes legyen, az az ábrának megfelelő kell legyen! Ekkor az kell, hogy a Q töltés pozití legyen! Másrészt: 4.3.8. 9