XX. OXIGÉNTARTALMÚ SZERVES VEGYÜLETEK



Hasonló dokumentumok
KÉMIA ÍRÁSBELI ÉRETTSÉGI- FELVÉTELI FELADATOK 2001

Javítókulcs (Kémia emelt szintű feladatsor)

KÉMIA JAVÍTÁSI-ÉRTÉKELÉSI ÚTMUTATÓ

1. feladat Összesen: 10 pont. 2. feladat Összesen: 6 pont. 3. feladat Összesen: 18 pont

KÉMIA JAVÍTÁSI-ÉRTÉKELÉSI ÚTMUTATÓ

100% = 100 pont A VIZSGAFELADAT MEGOLDÁSÁRA JAVASOLT %-OS EREDMÉNY: EBBEN A VIZSGARÉSZBEN A VIZSGAFELADAT ARÁNYA 40%.

XXIII. SZERVES KÉMIA (Középszint)

KÉMIA JAVÍTÁSI-ÉRTÉKELÉSI ÚTMUTATÓ

KÉMIA JAVÍTÁSI-ÉRTÉKELÉSI ÚTMUTATÓ

Laboratóriumi technikus laboratóriumi technikus Drog és toxikológiai

2. változat. 6. Jelöld meg, hány párosítatlan elektronja van alapállapotban a 17-es rendszámú elemnek! A 1; Б 3; В 5; Г 7.

KÉMIA ÍRÁSBELI ÉRETTSÉGI FELVÉTELI FELADATOK 2002.

KÉMIA JAVÍTÁSI-ÉRTÉKELÉSI ÚTMUTATÓ

3. változat. 2. Melyik megállapítás helyes: Az egyik gáz másikhoz viszonyított sűrűsége nem más,

KÉMIA JAVÍTÁSI-ÉRTÉKELÉSI ÚTMUTATÓ

A kémiai egyensúlyi rendszerek

KÖZÉPSZINTŰ ÍRÁSBELI VIZSGA

XV. A NITROGÉN, A FOSZFOR ÉS VEGYÜLETEIK

1. feladat Összesen: 10 pont

29. Sztöchiometriai feladatok

g) 42 kg sót 2400 kg vízben oldottunk. Mennyi az oldatok tömegszázalékos összetétele?

SZERVES KÉMIAI REAKCIÓEGYENLETEK

Általános iskola (7-8. évfolyam)

KÉMIA ÍRÁSBELI ÉRETTSÉGI- FELVÉTELI FELADATOK 1998

KÉMIA ÍRÁSBELI ÉRETTSÉGI-FELVÉTELI FELADATOK 2004.

Kémia emelt szintű érettségi írásbeli vizsga ELEMZÉS (BARANYA) ÉS AJÁNLÁS KÉSZÍTETTE: NAGY MÁRIA

Curie Kémia Emlékverseny 10. évfolyam országos döntő 2011/2012 A feladatok megoldásához csak periódusos rendszer és zsebszámológép használható!

Azonosító jel: KÉMIA EMELT SZINTŰ ÍRÁSBELI VIZSGA október :00. Az írásbeli vizsga időtartama: 240 perc

1. Melyik az az elem, amelynek csak egy természetes izotópja van? 2. Melyik vegyület molekulájában van az összes atom egy síkban?

Karbonsavak. Karbonsavaknak nevezzük azokat a vegyületeket melyek COOH funkciós csoportot tartalmaznak.

KÉMIA JAVÍTÁSI-ÉRTÉKELÉSI ÚTMUTATÓ

KÉMIA 10. Osztály I. FORDULÓ

KÖZÉPSZINTŰ ÍRÁSBELI VIZSGA

Javítókulcs (Kémia emelt szintű feladatsor)

A 2009/2010. tanévi Országos Középiskolai Tanulmányi Verseny első (iskolai) forduló KÉMIA I-II. KATEGÓRIA FELADATLAP

Kémia OKTV 2005/2006. II. forduló. Az I. kategória feladatlapja

1. Tömegszámváltozás nélkül milyen részecskéket bocsáthatnak ki magukból a bomlékony atommagok?

KÉMIA ÍRÁSBELI ÉRETTSÉGI- FELVÉTELI FELADATOK 1995 JAVÍTÁSI ÚTMUTATÓ

A 2007/2008. tanévi Országos Középiskolai Tanulmányi Verseny második fordulójának feladatlapja. KÉMIÁBÓL I. kategóriában ÚTMUTATÓ

KÉMIA ÍRÁSBELI ÉRETTSÉGI- FELVÉTELI FELADATOK 2000 (pótfeladatsor)

EMELT SZINTŰ ÍRÁSBELI VIZSGA

Szaktanári segédlet. Kémia. 11. évfolyam emelt szintű tananyag Összeállította: Polonkainé Galanics Mónika

A javításhoz kb. az érettségi feladatok javítása az útmutató irányelv. Részpontszámok adhatók. Más, de helyes gondolatmenetet is el kell fogadni!

Összesen: 20 pont. 1,120 mol gázelegy anyagmennyisége: 0,560 mol H 2 és 0,560 mol Cl 2 tömege: 1,120 g 39,76 g (2)

1. feladat Összesen: 10 pont

KÉMIA ÍRÁSBELI ÉRETTSÉGI FELVÉTELI FELADATOK 2004.

Kémia alapjai I. házifeladat típusfeladatok (2017. őszi félévtől)

1998/A/1 maximális pontszám: /A/2 maximális pontszám. 25

4 mól = 400 g. - 4 mól = 544 g, kiválik

KÉMIA ÍRÁSBELI ÉRETTSÉGI- FELVÉTELI FELADATOK 2001 (pótfeladatsor)

EÖTVÖS LABOR EÖTVÖS JÓZSEF GIMNÁZIUM TATA FELADATLAPOK KÉMIA. 10. osztály, tehetséggondozó szakkör. Kisfaludy Béla

KÉMIA JAVÍTÁSI-ÉRTÉKELÉSI ÚTMUTATÓ

HEVESY GYÖRGY ORSZÁGOS KÉMIAVERSENY

2000/2001. KÉMIA II. forduló II. kategória

Feladatok haladóknak

Elektrolitok nem elektrolitok, vezetőképesség mérése

Oldódás, mint egyensúly

Tömény oldatok és oldószerek sűrűsége. Szervetlen vízmentes sók oldhatósága (g/100g víz egységben) Gyenge savak és bázisok állandói (K s, K b )

KÉMIA ÍRÁSBELI ÉRETTSÉGI- FELVÉTELI FELADATOK 1996

1. feladat Összesen: 18 pont. 2. feladat Összesen: 9 pont

EMELT SZINTŰ ÍRÁSBELI VIZSGA

M/15/I-II. Az 2005/2006. tanévi ORSZÁGOS KÖZÉPISKOLAI TANULMÁNYI VERSENY első (iskolai) fordulójának. feladatmegoldásai K É M I Á B Ó L

Magyar tannyelvű középiskolák VII Országos Tantárgyversenye Fabinyi Rudolf - Kémiaverseny 2012 XI osztály

B. feladat elvégzendő és nem elvégzendő kísérletei, kísérletleírásai. 1. Cink reakciói

Tűzijáték. 10. évfolyam 1. ESETTANULMÁNY. Olvassa el figyelmesen az alábbi szöveget és válaszoljon a kérdésekre!

KÉMIA JAVÍTÁSI-ÉRTÉKELÉSI ÚTMUTATÓ

VEGYIPARI ALAPISMERETEK

Azonosító jel: KÉMIA EMELT SZINTŰ ÍRÁSBELI VIZSGA október :00. Az írásbeli vizsga időtartama: 240 perc

Oktatáskutató és Fejlesztő Intézet TÁMOP / XXI. századi közoktatás (fejlesztés, koordináció) II. szakasz KÉMIA 4.

v1.04 Analitika példatár

KÉMIA ÍRÁSBELI ÉRETTSÉGI-FELVÉTELI FELADATOK 2003.

1. feladat Összesen 15 pont

KÖZÉPSZINTŰ ÍRÁSBELI VIZSGA

Laboratóriumi technikus laboratóriumi technikus Drog és toxikológiai

Első alkalomra ajánlott gyakorlópéldák. Második alkalomra ajánlott gyakorlópéldák. Harmadik alkalomra ajánlott gyakorlópéldák

KÉMIA. PRÓBAÉRETTSÉGI május EMELT SZINT JAVÍTÁSI-ÉRTÉKELÉSI ÚTMUTATÓ

KONDUKTOMETRIÁS MÉRÉSEK

1. feladat Összesen: 12 pont

Minta feladatsor. Az ion neve. Az ion képlete O 4. Szulfátion O 3. Alumíniumion S 2 CHH 3 COO. Króm(III)ion

O k t a t á si Hivatal

Gázhalmazállapot. Relatív sűrűség: A anyag B anyagra vonatkoztatott relatív sűrűsége: ρ rel = ρ A / ρ B = M A /M B (ρ: sűrűség, M: moláris tömeg)

Halmazállapot változások. Folyadékok párolgása. Folyadékok párolgása

4. SZERVES SAVAK. Az ecetsav biológiai előállítása SZERVES SAVAK. Ecetsav baktériumok. Az ecetsav baktériumok osztályozása ECETSAV. 04.

Elméleti próba X. osztály

EMELT SZINTŰ ÍRÁSBELI VIZSGA

KÉMIA JAVÍTÁSI-ÉRTÉKELÉSI ÚTMUTATÓ

1. feladat Összesen: 15 pont. 2. feladat Összesen: 10 pont

m n 3. Elem, vegyület, keverék, koncentráció, hígítás m M = n Mértékegysége: g / mol elem: azonos rendszámú atomokból épül fel

Általános Kémia GY 3.tantermi gyakorlat

KÉMIA JAVÍTÁSI-ÉRTÉKELÉSI ÚTMUTATÓ

6. változat. 3. Jelöld meg a nem molekuláris szerkezetű anyagot! A SO 2 ; Б C 6 H 12 O 6 ; В NaBr; Г CO 2.

KÉMIA EMELT SZINTŰ ÍRÁSBELI VIZSGA JAVÍTÁSI-ÉRTÉKELÉSI ÚTMUTATÓ

ETHANOLUM (96 PER CENTUM) (1) 96 %-os Etanol

Többkomponensű rendszerek I.

2 képzıdése. értelmezze Reakciók tanult nemfémekkel

g-os mintájának vizes oldatát 8.79 cm M KOH-oldat közömbösíti?

Az Országos Képzési Jegyzékről és az Országos Képzési Jegyzék módosításának eljárásrendjéről szóló 133/2010. (IV. 22.) Korm.

NÖVÉNYI HATÓANYAGOK KINYERÉSE SZUPERKRITIKUS EXTRAKCIÓVAL

KÉMIA ÍRÁSBELI ÉRETTSÉGI- FELVÉTELI FELADATOK 2000

Kémiai alapismeretek 4. hét

Átírás:

XX. OXIGÉNTARTALMÚ SZERVES VEGYÜLETEK XX. 1 2. FELELETVÁLASZTÁSOS TESZTEK 0 1 2 4 5 6 7 8 9 0 B D A * C A B C C 1 B B B A B D A B C A 2 C B E C E C A D D A C B D B C A B A A A 4 D B C C C C * javítandó észterre, és akkor B (A második kiadás már így tartalmazza.) XX.. TÁBLÁZATKIEGÉSZÍTÉS Szerves vegyületek reakciója nátrium-hidroxiddal A szerves vegyület Reagál-e NaOH-dal? A reakció termékei neve képlete (ha van reakció) ecetsav 46. CH COOH 47. igen 48. CH COONa + H 2 O (vagy: nátrium-acetát és víz) 49. etanol (etilalkohol) CH CH 2 OH 50. nem 51. etil-acetát 52. CH COO C 2 H 5 5. igen 54. CH COONa + C 2 H 5 OH (vagy: nátrium-acetát és etanol) 55. fenol 56. igen 57. C 6 H 5 ONa + H 2 O OH (vagy: nátrium-fenoxid és víz) glicerin-trisztearát 58. igen 59. glicerin és nátrium-sztearát (vagy a képleteik) Oxigéntartalmú szerves vegyületek I. A vegyület neve 60. ecetsav 61. aceton 62. etil-acetát Halmazállapota standardállapotban 6. folyadék 64. folyadék 65. folyadék Reagál-e Na-mal igen nem nem Korlátlanul elegyedik-e vízzel 66. igen igen 67. nem Korlátlanul elegyedik-e benzinnel 68. nem igen 69. igen Hogyan lép reakcióba NaOH-dal (egyenlet) 70. ld. alább ------ 71. ld. alább 70. CH COOH + NaOH = CH COONa + H 2 O 71. CH COO C 2 H 5 + NaOH = CH COONa + C 2 H 5 OH

Oxigéntartalmú szerves vegyületek II. X Y Konstitúció Név 72. etilcsoport 7. etilcsoport CH CH 2 O CH 2 CH 74. dietil-éter fenilcsoport hidrogénatom 75. OH 76. fenol acetilcsoport propilcsoport 77. CH COO CH 2 CH 2 CH 78. propil-acetát hidrogénatom metilcsoport 79. CH OH 80. metanol (metilalkohol) 81. benzoilcs. 82. hidrogénatom 8. C O H benzoesav O 84. dietil-éter 85. metanol 86. fenol, benzoesav XX. 4. EGYÉB FELADATOK Egészséges-e a zsiradék 87. Glicerin: (alkoholos) hidroxil, zsírsavak: karboxil. 2 x 1 Észtercsoport alakul ki. 88. Molekulájuk apoláris. 89. A telített zsírsavakban gazdag zsírok szilárd, a telítetlen zsírsavakban gazdag olajok folyékony halmazállapotúak. 90. Az olívaolaj. 91. A vaj. 92. Telítéssel (katalitikus hidrogénezéssel). 9. Sztearinsav keletkezik. A linolsavból és a linolénsavból is ez keletkezik. Szerves vegyületek vizes oldatainak vizsgálata 94. a) 7 b) 2 c) 5 d) 9 pont e) színtelen f) színtelen g) színtelen h) rózsaszínű i) sárga j) piros k) sárga l) sárga 95. HCOOH + H 2 O HCOO + H O + C 6 H 5 OH + H 2 O C 6 H 5 O + H O + CH COO + H 2 O CH COOH + OH 8 pont

Oxigéntartalmú szerves vegyületek azonosítása 96. formilcsoport 97. telítetlen (vagy könnyen oxidálható) 98. alkoholok 99. A: CH 2 =CH CH 2 OH prop-2-én-1-ol (allil-alkohol) B: CH 2 =CH O CH metil-vinil-éter C: CH CO CH aceton (propanon, dimetil-keton) 100. CH 2 =CH CH 2 OH + Br 2 CH 2 Br CHBr CH 2 OH CH 2 =CH O CH + Br 2 CH 2 Br CHBr O CH CH 2 =CH CH 2 OH + CuO CH 2 =CH CH=O + Cu + H 2 O 1 XX. 5. SZÁMÍTÁSOK 101. Az egyértékű alkohol reakciója nátriummal: R OH + Na R ONa + ½ H 2 408, cm³ gáz anyagmennyisége: 0,408 dm n (H2 ) = 24,5 dm 2 = 1,667 10, az alkohol anyagmennyisége ennek kétszerese:,4 10 2, melybõl a áris tömege: M (R OH) = 2,00 g 2,4 10 = 60,0 g/. Ebbõl megállapítható az összegképlet: C H 8 O [C H 7 -OH]. Az alkohol lehet: CH -CH 2 -CH 2 -OH, propán-1-ol [n-propil-alkohol] vagy CH -CHOH-CH, propán-2-ol [i-propil-alkohol] 5 pont 102. Csak az acetaldehid adja az ezüsttükörpróbát: CH CHO 2 Ag (vagy a rendezett egyenlet) 1,08 g A leválasztott ezüst anyagmennyisége: n(ag) = 108 g/ = 0,0100. Ebből az acetaldehid anyagmennyisége: n(ch CHO) = 0,0100 : 2 = 0,00500. Az acetaldehid tömege: m(ch CHO) = 0,00500 44,0 g/ = 0,220 g. A keverék tömegének 22,0%-a acetaldehid, 78,0%-a aceton. 6 pont 10. a)az égés egyenlete: CH -CH 2 -O-CH + 4,5 O 2 CO 2 + 4 H 2 O Az éter képlete:, a termékek:, a teljes rendezés:. pont b)m(etil-metil-éter) = 60,00 g/ A reakcióhõ: r H = ( 5,20 kj/g) 60,00 g/ = 2112 kj/.

c)ez felírható a képzõdéshõkkel is: 2112 kj/ = ( 94 kj/) + 4 ( 286 kj/) k H(etil-metil-éter), amelybõl: k H(etil-metil-éter) = 214 kj/ 8 pont 104. A közömbösítés: CH COOH + NaOH = CH COONa + H 2 O A fogyott lúg anyagmennyisége: n(naoh) = 0,01650 dm 0,1000 /dm = 1,650 10. A közömbösített ecetsav ugyanennyi. Ha 10,00 cm hígított ecetben van ennyi sav, akkor az eredeti ecet térfogata: 10,00 cm V(ételecet) = = 0,5000 cm. 20 Az ételecet literenkénti (azaz dm -enkénti) ecetsavtartalma: 1,650 10 0,0005000 dm =,00 /dm. A tömegkoncentráció:,00 /dm 60,00 g/ = 198,0 g/dm, tehát az ecet literenként 198,0 g ecetsavat tartalmaz. A sűrűség alapján 1,000 dm ételecet tömege 1026 g. A savtartalom: 198,0 g 1026 g = 0,1929, azaz 19,29 tömeg%. 105. A közömbösítés: HCOOH + NaOH HCOONa + H 2 O A mérõoldatban: n(naoh) = 0,02400 dm³ 0,0982 /dm³ = 2,57 10 -, mely az egyenlet alapján ugyanennyi hangyasavat jelent. A teljes törzsoldatban: n(hangyasav) = 50 2,57 10 - = 1,178 10-1, melynek tömege: m(hangyasav) = 1,178 10-1 46,00 g/ = 5,421 g. Ugyanennyi hangyasav volt az 5,00 cm³ 90,0 tömeg%-os oldatban is, ezért a tömegkoncentráció: 5,421 g = 1084,2 g/dm 1,08 10 g/dm. 0,00500 dm A koncentrációja: c (HCOOH) = 0,1178 = 2,5 /dm. 0,005 dm 5,00 cm³ oldatban lévõ 5,421 g hangyasav az oldat tömegének 90,0 %-a, így: m(oldat) = 5,421 g : 0,900 = 6,02 g, ebbõl az oldat sűrűsége: ρ = 6,02 g = 1,20 g/cm.. 5,00 cm 106. A reakciók általánosan: R OH + Na = R ONa + ½ H 2 - A fejlesztett hidrogéngáz anyagmennyisége:

pv n( H2 ) = RT 2 = 1,4 10 ( az egyenlet átrendezéséért, a számításért) A két alkohol áris tömegét is felhasználva: x x g metanol 2 metanol x hidrogén 64 (1, x) g etanol 1, x 1, x etanol hidrogén 46 92 ebből az egyenlet: x 1, x + = 1410, 2 64 92 Az egyenlet megoldása: x =,57 10 2 g. 2,57 10 g Az összetétel: 1,0 g = 0,027, azaz 2,7 tömeg% metanol és 97, tömeg% etanol. 7 pont 107. A vegyület általános képlete: C n H 2n+2 O 2. Az égés általános egyenlete: n 1 C n H 2n+2 O 2 + O 2 = n CO 2 + (n+1) H 2 O 2 A feladat szövege szerint: n(o 2 ) = n(h 2 O) n 1 = n + 1 2 ebbõl: n =. Az összegképlet: C H 8 O 2. A szerkezeti képlet: HO CH 2 CHOH CH A szabályos neve: propán-1,2-diol 8 pont 108. a)a képződött anyagok anyagmennyiségei: 1,019 dm normálállapotú CO 2 : n(co 2 ) = V = 0,0455, V m 818,2 mg víz: n(h 2 O) = M m = 0,0455. 0,0455 CO 2 tartalmaz 0,0455 C-t: ez 0,546 g, 0,0455 víz tartalmaz 0,091 H-t: ez 0,091 g, ez összesen: 0,67 g, az elégetett vegyület 1,00 g, tehát oxigént is tartalmaz: 1,00 g 0,67 g = 0,6 g O. A C x H y O z összegképlet meghatározása a fenti adatok alapján: 0,546 0,091 0,6 x : y : z = : : = 0,0455 : 0,091 : 0,0227 12 1 16 x : y : z = 2 : 4 : 1, vagyis C 2 H 4 O. [Aki nem veszi észre, hogy oxigén is van a vegyületben, és csak a szén oxigén arányból határoz meg egy CH 2, esetleg C 2 H 4 képletet, az pontot kap.] b)a gőz adataiből kiszámítható a áris tömeg: pv = nrt

m pv = RT M mrt M = = 88 g/. pv M(C 2 H 4 O) = 44 g/, tehát a ekulaképlet: C 4 H 8 O 2. Ilyen összegképletű lehet: észter, karbonsav vagy többféle funkciós csoportot tartalmazó vegyület. Olyan vegyületet kell keresni, amely szobahőmérsékleten folyékony, 100 C-on viszont gáz-halmazállapotú. Ilyen tulajdonságúak a 4 szénatomos vegyületek közül az észterek lehetnek. Pl. CH COO CH 2 CH, etil-acetát. 109. A vegyület képlete: C x H y O z. y z y Égése: C x H y O z + x + O 2 = x CO 2 + H2 O 4 2 2 A térfogatszázalékos összetétel alapján: V ( CO 2 ) 0,0 x = = V ( H 2O) 7,5 y 2 Ebből x : y = 2 : 5. Az egyetlen reális képlet ebből C 4 H 10 O z (páratlan számú H nem lehet, az oxigéntartalom nem határozható meg). A gőz adataiból a áris tömeg határozható meg: pv = nrt m pv = RT M mrt M = pv Az adatok behelyettesítése után: M = 74,0 g/. Az oxigéntartalom: 74,0 = 4 12,0 + 10,0 + 16,0z z = 1,00. A képlet: C 4 H 10 O. Ha 80,0 C-on gáz, akkor ez valószínűleg telített éter. Az égés egyenlete így: C 4 H 10 O + 6 O 2 = 4 CO 2 + 5 H 2 O Ha 1 vegyületet égetünk, akkor a termékek anyagmennyiségéből és a füstgáz összetételéből kiszámítható az oxigénfelesleg (f). Például a CO 2 -ra felírható: 4 0,0 = f 2,5 Ebből: f = 4, A felhasznált oxigén 6,00, így a felesleg: 4, 100% = 72,2%. 6,00 15 pont 110. 427,4 g 28,1 tömeg%-os oldatban van: 427,4 0,281 = 120 g ecetsav, ez éppen 2,00. A reakcióegyenlet: 2 CH COOH + Na 2 CO = 2 CH COONa + H 2 O + CO 2, mely alapján 1,00 Na 2 CO -ot kellett oldani (106 g-ot) közben pedig 1,00 CO 2 -gáz távozik az oldatból (44,0 g) és 2,00 nátrium-acetát keletkezik (164 g)

a 0 C-os, telített oldat tömege: 427,4 g + 106 g 44,0 g 100 g (a kiváló só tömege) 89,4 g a benne oldott nátrium-acetát: 164 g 82.100 = 60, g (a kikristályosodó sóba kerül) 82 + 18 10,7 g az oldhatóság 100 g vízre vonatkoztatva: x 10,7 g = 6, g CHCOONa/100 g víz 100g 89,4 10,7 111. 44 g etil-acetát éppen 0,50. A reakció: CH COOH + C 2 H 5 OH CH COOC 2 H 5 + H 2 O a kiindulás: x y az átalakulás: 0,50 0,50 0,50 0,50 egyensúly: x 0,50 y 0,50 0,50 0,50 Az elegy térfogata (V) nem ismert, de nem is szükséges adat. Az egyensúlyi állandó: 0,50 0,50 V V 0,50 0,50 x 0,5 V = y 0,5 V 4,00, amiből: = 4, 00 ( ) ( ) x 0,50 y 0,50 A feladat szövege alapján az etil-alkohol átalakulási százaléka kétszer akkora, 0,50 0,50 mint amekkora az ecetsavé: 2 = x y Ebből: x = 2y. Ez utóbbit az egyensúlyi állandót tartalmazó egyenletbe helyettesítve másodfokú egyenlethez jutunk, amelynek megoldásai pl. y-ra: y 1 = 0,591, y 2 = 0,159. Kémiailag helyes eredmény a 0,591, vagyis: 0,591 etil-alkohol 1,182 ecetsav 46 g 27 g alkoholt és 60 g 71 g ecetsavat kellett összekeverni. 1 112. Az észteresítés egyenlete és a áris tömegek: CH COOH + CH CH 2 OH CH CO-O-CH 2 CH + H 2 O 60,0 g/ 46,0 g/ 88,0 g/ 18,0 g/ 100 g 46,0 tömeg%-os oldatban van: 46,0 g alkohol, ami 1,00, 54,0 g víz, ami,00.

Ezek alapján: CH COOH + CH CH 2 OH CH CO-O-CH 2 CH + H 2 O kiindulás: x 1,00,00 átalakulás: 0,900 0,900 +0,900 +0,900 egyensúly: (x 0,900) 0,100 0,900,90 Az előállítható észter tömege: m(észter) = 0,900 88,0 g/ = 79,2 g. Az egyensúlyi állandóba behelyettesítve: n( észter) n( víz) [ észter] [ víz] V V n( észter) n( víz) K = = = [ sav] [ alkohol] n( sav) n( alkohol) n( sav) n( alkohol) V V 4,00 = 0,900,90 ( x 0,900) 0, 100 ebből x = 9,675. A szükséges ecetsav tömege: m(ecetsav) = 9,675 60,0 g/ = 581 g. 11. A reakciók: CH 2 =CH COOH + Br 2 = CH 2 Br CHBr COOH HCOOH + Br 2 = 2 HBr + CO 2 valamennyi: R COOH + NaOH = R COONa + H 2 O x 1 = pont A bróm anyagmennyisége: n(br 2 ) = 5,00 10 (a minta felére), a NaOH anyagmennyisége: n(naoh) = 1,00 10 2 (a minta felére). Ha az akrilsav x, a hangyasav y, az ecetsav z, akkor: x + y = 2 5,00 10 x + y + z = 2,00 10 2 A áris tömegek alapján pedig: 72,0x + 46,0y + 60,0z = 1,190 A három egyenletből álló egyenletrendszer megoldása: x = y = 5,00 10 z = 1,00 10 2 A anyagmennyiség-százalékos összetétel: 25,0% akrilsav, 25,0% hangyasav, 50,0% ecetsav. 1 114. Csak az acetaldehid adja az ezüsttükörpróbát: CH CHO + 2 Ag + + 2 OH = CH COOH + 2 Ag + H 2 O (vagy: CH CHO + 2 Ag + + OH = CH COO + 2 Ag + 2 H 2 O) 1,00 g ezüst anyagmennyisége: n(ag) = m/m = 9,26 10, az egyenlet alapján 4,6 10 acetaldehid reagált. Ennek tömege: m = 4,6 10 44,0 g/ = 0,204 g, vagyis 20,4 tömeg% acetaldehid volt a keverékben. Az égés egyenletei: C H 6 O + 4 O 2 = CO 2 + H 2 O C 4 H 10 O + 6 O 2 = 4 CO 2 + 5 H 2 O C 2 H 4 O + 2,5 O 2 = 2 CO 2 + 2 H 2 O pont

A minta tömege legyen m gramm, akkor benne 0,204m gramm tömegű aldehid van, x gramm tömegű aceton és (0,796m x) gramm tömegű éter. Az egyenletek és a áris tömegek alapján: 0,204m 0,408m 0,408m 0,204m g aldehid CO2 és H2 O 44,0 44, 0 44,0 x g aceton x 58,0 (0,796m x) g éter x CO2 és 58,0 0,796m x 74,0 4( 0,796m x) 74,0 x 58,0 H2 O ( 0,796m ) 5 x CO 2 és 74,0 H 2 O 1,985 g A tömény kénsav a vizet köti meg: n(h 2 O) = = 0,110. g 18,0 4,500 g A NaOH a szén-dioxidot köti meg: n(co 2 ) = = 0,102. g 44,0 A keletkezett vízre felírható összefüggés: 0,408m x 5( 0,796m x) + + = 0,110 44,0 58, 0 74,0 A képződött szén-dioxidra felírható összefüggés: 0,408m x 4( 0,796m x) + + = 0,102 44,0 58, 0 74,0 A két egyenletből álló egyenletrendszer megoldása: x = 1,505 m = 2,65, vagyis az elégetett keverékminta tömege: 2,65 g. [Észrevehetjük, hogy a két egyenlet kivonásakor éppen az éter anyagmenynyiségét kapjuk meg: 0,796m x = 0,110 0,102 = 0,008 0,796m x = 0,592, 74,0 vagyis 0,592 g éter volt a keverékmintában. A fentiekől kifejezhetjük x-et, és azt behelyettesíthetjük valamelyik egyenletbe.] A tömeg%-os összetétel: 0,592 g 100% = 22,5% éter, 20,4% aldehid és 57,1% aceton. 2,65 g 15 pont 115. A NaOH-oldattal a hangyasavat titráltuk meg: HCOOH + NaOH = HCOONa + H 2 O 8,50 cm 0,100 /dm -es oldatban: 8,50 10 4 NaOH, ugyanennyi hangyasav volt a törzsoldat 10 cm -ében. A teljes törzsoldatban, így az 5,00 g-os mintában is, tízszer ennyi: 8,50 10 HCOOH, amelynek tömege (M r = 46,0): 0,91 g. 0,91 g Az oldat: 5,00 g = 0,0782 7,82 tömeg% hangyasavat tartalmaz. Az ezüsttükörpróbát mindkét vegyület adja: HCHO + 2 Ag + + 2 OH = HCOOH + 2 Ag + H 2 O HCOOH + 2 Ag + + 2 OH = 2 Ag + CO 2 + 2 H 2 O

(vagyis: 1 HCHO összesen 4 (!!) ezüstöt választ le, 1 HCOOH csak 2 ezüstöt választ le.) Az 5,00 g oldatmintában lévő hangyasav 8,50 10, ami 0,0170 ezüstöt választ le, A 9,05 g ezüst anyagmennyisége: n = m/m = 8,8 10 2. A formaldehid által leválasztott ezüst: 8,8 10 2 1,70 10 2 = 6,68 10 2, 2 6,68 10 ez pedig megfelel: = 1,67 10 2 formaldehidnek. 4 A formaldehid tömege (M r = 0): 0,501 g. 0,501 g Az oldat: 5,00 g formaldehidet tartalmaz. = 0,100 10,0 tömeg% 1