KÉMIA PRÓBAÉRETTSÉGI középszint ÍRÁSBELI MEGOLDÁS és PONTOZÁS

Átírás

1 KÉMIA PRÓBAÉRETTSÉGI középszint ÍRÁSBELI MEGOLDÁS és PONTOZÁS 1. FELADATSOR I. feladat 1. A mezőgazdasági termelés során újra és újra rendelkezésre állnak. Energiatermelésben való alkalmazásukkor takarékoskodhatunk a fosszilis tüzelőanyagokkal. Hozzájárulnak a földi élet megőrzéséhez. Legalább 2 szempont: 2. Mert növények magvaiból nyerjük ki, amelyeket a mezőgazdaság évről évre újra termel. 3. Észterek (gliceridek) 4. képlet név: trioleil-glicerin (glicerin-trioleát) 5. biodízel: észter, dízelolaj: szénhidrogén A biodízel és a dízelolaj ára kb. azonos. A biodízel előállítási költsége nagyobb, de nem kell rá ásványolajadót fizetni. Csak magyarázattal: 7. Nem zavarják a mosó hatást a kemény víz kalcium- és magnéziumionjai. (Ehelyett a semleges kémhatás megemlítése is elfogadható.) 8. (micellás v. asszociációs) kolloid 10 pont II. feladat A B D C C B D E A 1 B 10 pont III. feladat A D B A C D C B 8 pont IV. feladat 1. C 4 H 6 2. C 6 H gáz 4. folyadék igen 10. igen csak együtt: 11. addíció 12. közönséges 13. CH 2 Br CHBr CH=CH CH 2 Br CH=CH CH 2 Br (a 13. és 14. válasz felcserélhető) 15. szubsztitúció 16. katalizátor (Fe), melegítés (50 C) 17. C 6 H 5 -Br

2 18. HBr (a 17. és 18. válasz felcserélhető) 17 pont V. feladat 1. Ibolya színreakció. 2. A fehérjéket mutattuk ki. 3. Vörös csapadék válik ki. 4. A redukáló szénhidrátokat (mono- és diszacharidokat). (Ha konkrét vegyületet, pl. tejcukrot említ, akkor csak jár) 5. Csapadék képződik mindkét kémcsőben. Savak (ph-változás) hatására a fehérjék kicsapódnak. 6. A tömény salétromsav esetén következik be színváltozás. A csapadék megsárgul. A tömény salétromsav a fehérjékkel sárga színreakciót ad. VI/A. feladat 1 1. a) C + O 2 = CO 2 2. b) 2 Mg + O 2 = 2 MgO 3. b) Mg + 2 HCl = MgCl 2 + H 2 4. f) CaCO HCl = CaCl 2 + H 2 O + CO 2 5. d) 6. d) 7. c) 8. g) 9. f) 10. e) 14 pont VI/B. feladat A reakció egyenlete: 2 NaOH + H 2 SO 4 = Na 2 SO H 2 O Az oldhatóság alapján a keletkező oldat: 19,4 = 0,1625, azaz 16,25 tömeg%-os. 119,4 Ha például g oldatot ösntünk össze, akkor 200 g oldat keletkezik, abban: 200 0,1625 = 32,5 g Na 2 SO 4 van. Ennek anyagmennyisége (M = 142 g/mol): n = m/m = 0,2289 mol Az egyenlet alapján 0,2289 mol kénsav és 0,4578 mol NaOH kell. A kénsav tömege: m = 0,2289 mol 98,0 g/mol = 22,4 g. A NaOH tömege: m = 0,4578 mol 40,0 g/mol = 18,3 g. Mivel épp 100 g oldatokból indultunk ki, az összetétel: 22,4 tömeg% H 2 SO 4, 18,3 tömeg% NaOH. 14 pont 2

3 VII. feladat a) Az égés egyenlete: C 4 H 10 O + 6 O 2 = 4 CO H 2 O ( a CO 2 és H 2 O sztöch. számáért) b) 3 30 m 3 30 m levegő: n = 3 24,5 m /kmol = 1,224 kmol Ebből az oxigén: 0,210 1,224 kmol = 0,2570 kmol. (A nitrogén pedig: 1,224 kmol 0,257 kmol = 0,967 kmol.) A elégett éter: m = 1000 cm 3 0,800 g/cm 3 = 800 g. 800 g n(éter) = = 10,81 mol 74,0 g/mol Ehhez fogy az egyenlet szerint: 6 10,81 mol = 64,86 mol oxigén, és keletkezik 4 10,81 mol = 43,24 mol szén-dioxid. A labor gáztartalma az égés után: 1224 mol 64,86 mol + 43,24 mol = 1202 mol. A labor oxigéntartalma: 257,0 mol 64,86 mol 100% = 16,0 x% azaz térfogat% mol A szén-dioxid-tartalom: 43,24 mol 100% = 3,60 x% azaz térfogat% mol A nitrogén: ,0 3,60 = 80,4 térfogat%. VIII. feladat 1 a) A: hidrogén (H 2 ) B: oxigén (O 2 ) C: negatív pólus*, katód* D: pozitív pólus*, anód* (*A pólusok helyes előjeléért összesen, a nevekért, azok megfelelő helyéért.) 3 pont b) A kiáramló gáz meggyulladna. c) A kiáramló gáz hatására a parázsló gyújtópálca lángra lobbanna. d) Az elektrolízissel elbontott víz: 200 g 0,0900 = 18,0 g, ami 1,00 mol A teljes gázfejlesztési kapacitást a hidrogénfejlesztésnél lehet kihasználni. (Annak a térfogata nagyobb.) 1,00 mol víz bontásakor 1,00 mol hidrogén fejleszthető. 1,00 mol hidrogén térfogata 24,5 dm cm A kísérletet: 3 50,0 cm = 490-szer lehetett elvégezni. e) Az oldat tömege az elektrolízis végén: 200 g 18,0 g = 182 g. Benne a kénsav tömege változatlan: 200 g 0,0500 = 10,0 g. 10,0 g A keletkezett oldat: 100% = 5,49 tömeg%-os lett. 182 g 3

4 f) Csökkent a ph. Indoklás: a vízbontással nőtt a kénsav, így az oxóniumionok koncentrációja is, vagyis az oldat savasabb lett. 17 pont 2. FELADATSOR I. feladat 1. Mindkettőben 88 proton van. Az egyikben = 138, a másikban viszont csak 135 neutron van. 2. A XX. században. 3. Az uránszurokércben (vagy: az urán kísérőjeként). 4. Radonná ( 86 Rn). [A héliumatommag 2 protonnal csökkenti a rádium protonszámát.] C és 82 Pb (Z = 88 6 = 82 és A = = 212) 2 6. Régen rákos betegek gyógyítására használták (de ma már kiszorították más radioaktív elemek). 7. Nem alakulhat át kémiai reakció során egy elem egy másik elemmé. Csak a legkülső, ún. vegyértékelektronok száma, elrendeződése változhat meg. 1 II. feladat A C A E D B D D C 1 E A D D D C E C D 18 pont III. feladat C A D B D B C C A 1 D 10 pont IV. feladat 1. észter 2. dezoxiribóz (2-dezoxi-D-ribóz), C 5 H 10 O 4 csak együtt: 3. ribóz (D-ribóz), C 5 H 10 O 5 csak együtt: 4. igen 5. igen csak együtt: 6. igen 7. nem csak együtt: 8. igen 9. igen csak együtt: 10. igen 11. igen 12. N(citozin) = N(guanin), N(adenin) = N(timin) 2 x =

5 V. feladat 1. a) hidrogén (H 2 ) b) híg kénsavoldatot (1 p) és alumíniumforgácsot (1 p) c) 2 Al + 3 H 2 SO 4 = Al 2 (SO 4 ) H 2 (1 p a képletekért, 1 p az egyenlet) 2. a) SO 2 b) forró, tömény kénsavat (1 p) és rézforgácsot (1 p) 3. a) szén b) vízgőz, szén-monoxid, szén-dioxid, kén-dioxid (ebből három felsorolása: 3 1 p) 3 pont 4. Az első kísérlet a kénsav savasságát (redukálható hidrogénionok létrejöttét) a második kísérlet azt, hogy erős oxidálószer, a harmadik kísérlet az oxidáló hatáson túl a roncsoló (és vízelvonó) hatást. A fentiek közül legalább kettő helyes megállapítás: pont VI/A. feladat b d f e a e c e a 1 f b 1 VI/B. feladat a) ρ = M/V m M = ρv m = 1,796 g/dm 3 24,5 dm 3 /mol = 44,0 g/mol A telítés után már csak alkán van az elegyben: C n H 2n+2. M = 12n + 2n + 2 = 44, Ebből n = 3, A vegyület képlete: C 3 H 8. A kiindulási két vegyület: C 3 H 6 propén és C 3 H 8 propán. b) C 3 H 6 + H 2 = C 3 H 8 egyenlet és Avogadro-törvénye alapján 15,0 cm 3 hidrogén ugyanekkora térfogatú propénnel reagál. A gázelegy 15,0 cm 3 propént és 5,0 cm 3 propánt tartalmazott. 75,0 térfogat% propén és 25,0 térfogat% propán volt az elegyben. 1 VII. feladat A vegyület képlete (C x O y N z H w ) az anyagmennyiség-arányokat adja meg. (ennek kijelentése vagy alkalmazása a számításban.) Pl. 100 g vegyületben 40,45 g szén, 35,96 g oxigén, 15,73 g nitrogén és 7,86 g H van. Ezen tömegek anyagmennyiségei az n = m/m összefüggés alapján: n(c) = 3,37 mol, n(o) = 2,25 mol, n(n) = 1,12 mol, n(h) = 7,86 mol Az anyagmennyiség-arányok: 3,37 2,25 1,12 7,86 x : y : z : w = 3,37 : 2,25 : 1,12 : 7,86 = : : : = 3 : 2 : 1 : 7. 1,12 1,12 1,12 1,12 A képlet: C 3 O 2 NH 7. 5

6 A fehérjeeredetű aminosavak α-helyzetű aminocsoportot tartalmaznak, ezért a képlet: NH 2 CH COOH CH 3 ( a karboxilcsoport felírásáért, az aminocsoport felírásáért, a helyes konstitúcióért.) 3 pont 10 pont VIII. feladat A reakcióegyenlet: Ca + 2 H 2 O = Ca(OH) 2 + H 2 3 0,882 dm n(h 2 ) = 3 24,5 dm /mol = 0,0360 mol Az egyenlet szerint ugyanennyi a kalcium anyagmennyisége: m(ca) = 0,0360 mol 40,0 g/mol = 1,44 g. Ebből: m(cao) = 2,00 g 1,44 g = 0,56 g. A vizsgált mintának: (0,56 : 2,00) 100 % = 28,0%-a volt kalcium-oxid. 6 pont IX. feladat 1. a) A reakcióegyenlet: CaCl AgNO 3 = 2 AgCl + Ca(NO 3 ) 2 26,95 g b) 26,95 g ezüst-klorid: n(agcl) = 143,4 g/mol = 0,1879 mol 0,1879 mol AgCl-hoz 0,09395 mol kalcium-kloridra van szükség. Ennek tömege: m(cacl 2 ) = 0,09395 mol 111 g/mol = 10,43 g. A CaCl 2 -oldat oldat tömege: 10,43 g : 0,180 = 57,94 g, térfogata: V = m/ρ = 57,94 g : 1,158 g/cm 3 = 50,0 cm 3. c) 0,1879 mol AgCl-hoz 0,1879 mol ezüst-nitrátra van szükség, ennek tömege: m(agno 3 ) = 0,1879 mol 169,9 g/mol = 31,92 g. A 10,0%-os AgNO 3 -oldat tömege 319,2 g, térfogata: V = m/ρ = 319,2 g : 1,088 g/cm 3 = 293 cm 3. d) A keletkező oldatban 0,09395 mol kalcium-nitrát van, amelynek tömege: 0,09395 mol 164,0 g/ mol = 15,41 g. A keletkező oldat tömege a tömegmegmaradás törvénye alapján: 57,94 g + 319,2 g 26,95 g = 350,2 g. 15,41 g Az oldat összetétele: = 0,0440, azaz 4,40 w% Ca(NO 3 ) ,2 g 10 pont 6

7 3. FELADATSOR I. feladat 1. A hidrogén képes bediffundálni az acél anyagába. 2. Nagy nyomáson és mérsékelten magas hőmérsékleten végzik. A nagy nyomás az egyensúlyt az ammóniaképződés irányába tolja. A magas hőmérséklet előnytelen az ammóniaszintézisének (mert exoterm a reakció), de a reakció sebesség növelése miatt mégis melegíteni kell, hogy gyorsabban beálljon az egyensúly. A nagy nyomás és a magas hőmérséklet is gyorsítja a hidrogén általi korróziót. 3. A hidrogén reagál az acél széntartalmával. A széntartalom csökkenése miatt romlik az acél megmunkálhatósága. 4. Elektrolízissel, mert így nem képződik réz-oxid. 5. Cu 2 O + H 2 = 2 Cu + H 2 O a Cu 2 O-ért, az egyenletért A magas hőmérsékletű vízgőz hatására a réz rideggé válik. 1 II. feladat D A E C D B C B B 1 A D B D 13 pont III. feladat A C A D B A D A 8 pont IV. feladat egy síkban 5. egy egyenes mentén (lineáris) 6. egy síkban 7. kormozó 8. kormozó 9. kormozó 10. CH 2 =CH 2 + Br 2 CH 2 Br CH 2 Br 11. CH CH + Br 2 CHBr=CHBr 12. C 6 H 6 + Br 2 C 6 H 5 Br + HBr 13. 1,2-dibrómetán 14. 1,2-dibrómetén 15. brómbenzol 16. addíció 17. addíció 18. szubsztitúció 19. kőolajból hőbontással (krakkolással) 7

8 20. földgázból (metánból) hőbontással 20 pont V/A. feladat 1. c 2. e Apoláris molekulájú vegyület (amely rosszul illeszkedik be a víz hidrogénkötés-rendszerébe). 3. d (vagy a) 4. a NH + 3 CH 2 COO 5. f HO CH 2 CH(OH) CH 2 OH propán-1,2,3-triol 6. c és d polikondenzáció 1 V/B. feladat A reakcióegyenlet: NaHCO 3 + HCl = NaCl + H 2 O + CO 2 ph = 1,00 alapján: [H + ] = 0,100 mol/dm 3. 5,0 liternyi gyomornedvben 0,500 mol H +, azaz ennyi sósav van. M(NaHCO 3 ) = 84 g/mol 30 g szódabikarbóna: n = m/m = 0,357 mol 0,357 mol szódabikarbóna 0,357 mol HCl-t semlegesít. A sósavnak legfeljebb: 0,357/0,500 = 0,714, azaz 71,4%-át képes semlegesíteni. 0,357 mol CO 2 fejlődik, V m = 24,5 dm 3 /mol V(CO 2 ) = nv m = 0,357 mol 24,5 dm 3 /mol = 8,75 dm 3. 1 VI. feladat 1. CaO + H 2 O = Ca(OH) 2 az égetett mész képletéért, az egyenletért 3 pont 2. C 3. Ca(OH) 2 + CO 2 = CaCO 3 + H 2 O 3 pont 4. 50,0 kg CaO: n = 50,0 kg : 56,0 kg/kmol = 0,8929 kmol Ehhez 0,8929 kmol víz kell, és ugyanennyi víz keletkezik végül száradáskor. m(víz) = 0,8929 kmol 18,0 kg/kmol = 16,1 kg. A csak elpárolgó víz: 25,0 kg 16,1 kg = 8,9 kg. 5. 0,8929 kmol égetett mészből ugyanennyi oltott mész és abból ugyanannyi mészkő képződik. m(mészkő) = 0,8929 kmol 100 kg/kmol = 89,3 kg. VII. feladat 4 pont 4 pont 15 pont A két folyadék tömegének kiszámítása: m = ρv m(hg) = ρv = 27,2 g. 8

9 m(víz) = ρv = 10,0 g. Anyagmennyiségük: n = m/m. n(hg) = 27,2 g : 200 g/mol = 0,136 mol. n(víz) = 10,0 g : 18,0 g/mol = 0,556 mol. A gáz térfogatából az anyagmennyiség kiszámítható: 3 V 0,0200 dm n(no 2 ) = = 3 V m 24,5 dm /mol = 8, mol. Ebből a tömeg: m(no 2 ) = nm = 8, mol 46,0 g/mol = 0,0376 g = 37,6 mg. Tömeg szerint: a NO 2 a legkevesebb és a higany a legtöbb. Anyagmennyiség szerint: a NO 2 a legkevesebb és a víz a legtöbb. Részecskeszám szerinti sorrend megegyezik az anyagmennyiségek szerinti sorrenddel. 10 pont VIII. feladat 100 cm 3 (0,100 dm 3 ) 20,0%-os salétromsavoldat 111,5 g tömegű, benne 0, ,5 g = 22,3 g HNO 3 van. n(hno 3 ) = 22,3 g : 63,0 g/mol = 0,354 mol a) ph = 1,00 [H + ] = 0,100 mol/dm 3, mivel a HNO 3 erős sav, 0,100 mol/dm 3 -es salétromsavoldatot kell előállítani. 0,354 mol HNO 3 -ból előállítható: V = 0,354 mol : 0,100 mol/dm 3 = 3,54 dm 3 ph = 1,00-es oldat. A hígítás tehát: 3,54 dm 3 : 0,100 dm 3 = 35,4-szeres. b) 0,354 mol HNO 3 -hoz (a KOH + HNO 3 = KNO 3 + H 2 O egyenlet alapján) 0,354 mol KOH szükséges és 0,354 mol KNO 3 keletkezik. A szükséges KOH tömege: 0,354 mol 56,1 g/mol = 19,9 g. Az oldat tömege ennek duplája, 39,8 g, térfogata: V(KOH-oldat) = 39,8 g : 1,51 g/cm 3 = 26,4 cm 3. A keletkező KNO 3 tömege: 0,354 mol 101 g/mol = 35,8 g. 0 C-on a telített oldat: (13,3 g : 113,3 g) 100% = 11,7 tömegszázalékos. A keletkező oldat tömege: az eredeti savoldat: 111,5 g a hozzáadott lúgoldat: 39,8 g 151,3 g A keletkező oldat tömegszázalékos sótartalma: (35,8 g : 151,3 g) 100% = 23,7 tömegszázalék. Az oldat töményebb 11,7%-osnál, tehát kiválik kristály a hűtés közben. 1 9

10 4. FELADATSOR I. feladat 1. Az üzemanyag elégetésekor kén-dioxid formájában a levegőbe kerül. A kén-dioxid hozzájárul a savas esők kialakulásához. (Ezzel egyenértékű bármely válasz elfogadható.) 2. Az oktánszám a benzin kompressziótűrésére utaló adat. Egy adott benzin oktánszáma annak a n-heptán izooktán elegynek százalékos izooktán-tartalmával egyezik meg, amelynek robbanási sajátságaival megegyeznek a vizsgált benzin robbanási sajátságai. 3. Elágazó láncú paraffinok, olefinek, aromás szénhidrogének, oxigéntartalmú vegyületek, ólom-tetraetil 2 3 anyag: ; 4 5 anyag: 4. Csökkenti, mert az olefinek egy része is telítődik. csak együtt: 5. ólom-tetraetil, benzol 2 x 1 6. Nagyobb szénatomszámú kőolajpárlatokból indulnak ki. Levegőtől elzárt térben hevítik ezeket. Környezetszennyező hatása kisebb, mint a reformált benziné, ugyanakkor oktánszámnövelő hatása is kisebb. (Előnye és hátránya szempontjából is középen van a reformátum és az izomerizátum között.) 1 II. feladat C B C D A D E A D 1 D C C 1 III. feladat A A C D B A A C 8 pont IV. feladat 1. hex-1-én 2. piridin 3. 1 : 1 4. glükóz 5. Pl. R-CHO + 2 Ag OH = R-COOH + 2 Ag + H 2 O 6. piridin 7. C 5 H 5 N + H 2 O = C 5 H 5 NH + + OH 8. glükóz 9. szilárd 1 V. feladat 1. CaCO 3 2. NaCl 10

11 3. NH 4 Cl savas, Na 2 CO 3 lúgos, NaOH lúgos 3 3 pont NH H 2 O NH 3 + H 3 O + CO H 2 O HCO 3 + OH NaOH = Na + + OH 3 6 pont 4. I. NaOH II. CaCO 3 III. NH 4 Cl IV. NaCl V. Na 2 CO 3 csak hibátlan megoldás: 5. a) és d): bíborvörös csak együtt: b) és c): színtelen csak együtt: 14 pont VI/A. feladat 1. S (S 8 ) S + O 2 = SO 2 2. P 4 P + 5 O 2 = 2 P 2 O 5 3. NaHCO 3 NaHCO 3 + HCl = NaCl + H 2 O + CO 2 4. CO 5. S (S 8 ) 6. CO C O 7. CO 2 CO + O 2 = 2 CO 2 8. Ag 9. H 2 O 2 H 2 + O 2 = 2 H 2 O 10. NaCl 16 pont VI/B. feladat 1. ph(b) = 1,0 ph(c) = 13, cm 3 B-oldatban van 0,0100 mol H +, 100 cm 3 C-oldatban 0,0100 mol OH. H + + OH = H 2 O (HCl + NaOH = NaCl + H 2 O) A két ion anyagmennyisége alapján épp semlegesíti egymást: ph = 7, cm 3 A-oldatban van 0,0100 mol NH 3 van, ez épp maradéktalanul reagál a sósavval. A keletkező só, az ammónium-klorid savasan hidrolizál. NH H 2 O NH 3 + H 3 O + 4. A NaOH a kénsavval 2 : 1 anyagmennyiség-arányban reagál. 0,0100 mol NaOH 0,00500 mol kénsavval lép reakcióba maradéktalanul. Az eredeti kénsavoldat koncentrációja: 0,00500 mol : 0,100 dm 3 = 0,0500 mol/dm 3. Teljes disszociáció esetén: [H + ] = 0,100 mol/dm 3. A ph = pont 11

12 VII. feladat 1. Pl. 100 g vegyületben: 63,2 g Mn és 36,8 g O van. 63,2 g Mn anyagmennyisége: n(mn) = 63,2 g : 54,9 g/mol = 1,15 mol 36,8 g O anyagmennyisége: n(o) = 36,8 g : 16 g/mol = 2,3 mol A vegyületben az Mn : O számarány 1 : 2. A képlet: MnO Az előzőhöz hasonlóan eljárva: 72,0 g Mn anyagmennyisége 1,31 mol, 28,0 g O-é 1,75. n(mn) : n(o) = 1,31 : 1,75 = 1,00 : 1,33 n(mn) : n(o) = 3 : 4, a képlet: Mn 3 O 4. (Ha az 1,00 : 1,33-at 1 : 1-re kerekíti, akkor ot kaphat.) 3. A hevítés egyenlete: 3 MnO 2 = Mn 3 O 4 + O 2 4. A termitreakció: 8 Al + 3 Mn 3 O 4 = 4 Al 2 O Mn 3 pont ( a képletekért, a rendezésért.) 1 VIII. feladat 1. CH 2 =CH 2 + H 2 O CH 3 CH 2 OH Addíció 2. CH 3 COOH + C 2 H 5 -OH CH 3 COO C 2 H 5 + H 2 O 3. hasonló hasonlót old elv Le Chatelier elve (legkisebb kényszer elve) 4. a) M(észter) = 88,0 g/mol = 88,0 kg/kmol, 1000 kg 1,00 tonna észter: 88,0 kg/kmol = 11,36 kmol Ehhez 11,36 kmol savra és ugyanennyi etanolra lenne szükség (100%-os átalakulás esetén) A termelést is figyelembe véve: 11,36 mol : 0,900 = 12,63 kmol m(ecetsav) = 12,63 kmol 60,0 g/mol = 758 kg m(etanol) = 12,63 kmol 46,0 g/mol = 581 kg b) 12,63 kmol ecetsav elvileg 12,63 kmol etanolból állítható elő (100%-os hatásfoknál) A 95,0%-os hatásfok esetén: 12,63 kmol : 0,950 = 13,29 kmol etanol kell. A szükséges összes etanol: 12,63 kmol + 13,29 kmol = 25,92 kmol, amely ugyanennyi eténből állítható elő. A szükséges etén térfogata: V = 25,92 kmol 24,5 m 3 /kmol = 635 m pont 12

13 5. FELADATSOR I. feladat 1. Nehézfém. 2. a) Mert a Mn 2+ /Mn rendszer standardpotenciálja negatív. b) Mn + 2 HCl = MnCl 2 + H 2 (ionegyenlet is elfogadható) 3. a) Mert ha szénnel redukálják a mangánt, akkor karbidtartalmú fém keletkezik. b) 3 MnO 2 = Mn 3 O 4 + O 2 (, ha tudja, hogy Mn 3 O 4 képződik) 8 Al + 3 Mn 3 O 4 = 4 Al 2 O Mn (1 p a képletekért, 1 p a rendezésért) 4. zöld 5. az anódon (mivel oxidáció történik) 10 pont II. feladat D D A E C E C E D 1 E A C D A C 15 pont III. feladat A A C B D B A C 8 pont IV. feladat 1. gáz 2. gáz nem 6. igen 7. szubsztitúció 8. addíció 9. CH 4 + Cl 2 = CH 3 Cl + HCl 10. CH 2 =CH 2 + Cl 2 = CH 2 Cl CH 2 Cl 11. nem reagál 12. CH 2 =CH 2 + HCl = CH 3 CH 2 Cl 12 : 1 V. feladat 1. Rézlemez, réz(ii)-só oldat (pl. CuSO 4 -oldat) A réz(ii)ionok koncentrációja 1 mol/dm 3, a hőmérséklet 25 C, a nyomás 101 kpa. 2. a) II. b) II. c) I. 3. Zn = Zn e ; Cu = Cu e, hogy az oxidációs folyamatot írta fel, a két helyes egyenletért 4. A II. elemé 13

14 E MF (I) = 0,80 V 0,34 V = 0,46 V; E MF (II) = 0,34 V ( 0,76 V) = 1,10 V. 5. a, b, e Csak együtt: 1 VI/A. feladat 1. a) NH 2 CH 2 COOH 2. b), c) b ) propán-1,2,3-triol 4. c) CH 3 NH 2 + H 2 O CH 3 NH OH 5. e) C 3 H 6 O 6. a) 7. d) észterek 13 pont VI/B. feladat Az egyértékű, nyílt láncú, telített alkoholok általános képlete: C n H 2n+2 O (C n H 2n+1 OH) Moláris tömegük: 14n + 18 Ebből széntartalmuk 12n Ha 60,0 tömegszázalék a széntartalom, akkor: 0,600(14n + 18) = 12n. Ebből n = 3 Az összegképlet: C 3 H 8 O (C 3 H 7 -OH) Az izomerek: CH 3 -CH 2 -CH 2 -OH, propil-alkohol (vagy propán-1-ol) 2 1 CH 3 -CHOH-CH 3, izopropil-alkohol (vagy propán-2-ol) pont VII. feladat 1. szén-monoxid, CO csak együtt: Rosszul szelelő kályhában (gázkonvektorban). 2. kén-dioxid, SO 2 csak együtt: 3. pl. benzol, C 6 H 6 (más anyag is elfogadható) csak együtt: 4. pl. borkősav, HOOC-CHOH-CHOH,COOH (vagy bármely nem mérgező, szilárd karbonsav) csak együtt: 5 pont VIII. feladat A reakció egyenlete: 2 H 2 + O 2 = 2 H 2 O Avogadro törvénye alapján 2 : 1 térfogatarányban reagál a két gáz. ¾ térfogatnyi gázelegy reagált: ½ H 2 és ¼ O 2. Ha hidrogén a maradék: ¼ + ½ = ¾ H 2 és ¼ O 2 volt az elegyben. 14

15 Ekkor 75% H 2 és 25% O 2 volt az elegyben. Ha az oxigén a maradék: ¼ + ¼ = ½ O 2 volt az elegyben. Ekkor 50 50% hidrogén, illetve oxigén volt az elegyben. 10 pont IX. feladat HCOOH + NaOH = HCOONa + H 2 O CH 3 COOH + NaOH = CH 3 COONa + H 2 O HCOOH + Br 2 = 2 HBr + CO 2 ( a képletekért, a rendezésért) A közömbösítéshez használt lúg: n(naoh) = cv = 1, mol Az egyenletek szerint a két sav együttes anyagmennyisége is ugyanennyi a 10,00 cm 3 -ben. A teljes (törzs)oldat 200,0 cm 3 -ében ennek a hússzorosa: 0,0300 mol. Ugyanennyi volt az 5,00 cm 3 -es mintában is. A felhasznált bróm anyagmennyisége: n(br 2 ) = 0,00100 mol Az 1,00 cm 3 -es mintában ezért 0,00100 mol hangyasav volt. 0,00100 mol c(hangyasav) = 3 0,00100 dm = 1,00 mol/dm 3. Az 5,00 cm 3 -es mintában ezért 0,00500 mol hangyasav volt. Az ecetsav mennyisége: 0,0300 mol 0,00500 mol = 0,0250 mol. 0,0250 mol c(ecetsav) = 3 0,00500 dm = 5,00 mol/dm pont 15

16 6. FELADATSOR I. feladat 1. a) Pl. vegacillin, nitroglicerin, aszpirin, kalmopirin, morfin, heroin, LSD stb. b) Panangin, ópium, marihuána Két-két helyes példa 1-2. karboxil- és észtercsoport 2 x 1 3. Természetes eredetű vegyületet alakítanak át mesterségesen. 4. Acetilcsoportban: CH 3 -CO- 5. Marihuána LSD < morfin < heroin 6. Például az LSD igen veszélyes (életveszélyes) utóhatása a bármikor kialakulható kábítószeres állapot. (Más hasonló példa is elfogadható.) II. feladat 8 pont C A B B B D B A D 1 C C C C A B 15 pont III. feladat + 1. CH 4 vagy NH 4 2. H 3 O + 3. metán(molekula) [vagy: ammóniumion] 4. szén-dioxid(-molekula) trigonális piramis 12. lineáris 12 1 IV. feladat apoláris 4. dipólus 5. sárgászöld, szúrós szagú gáz 6. színtelen, szúrós szagú gáz 7. Cl 2 + H 2 O HCl + HOCl 8. HCl + H 2 O H 3 O + + Cl 9. 2 Fe + 3 Cl 2 = 2 FeCl Fe + 2 HCl = FeCl 2 + H CH 4 + Cl 2 CH 3 Cl + HCl szubsztitúció 16

17 12. Nem reagál. 13 pont V. feladat 1. etin (acetilén), C 2 H CaC H 2 O = Ca(OH) 2 + C 2 H 2 ( a CaC 2 képletéért, az egyenletért) 3. 1,20 g anyagban: 0,800 1,20 g = 0,960 g kalcium-karbid van. M(CaC 2 ) = 64,0 g/mol n(cac 2 ) = m/m = 0,0150 mol A fejlődő acetilén ugyanennyi, térfogata: V = 0,0150 mol 24,5 dm 3 /mol = 0,3675 dm 3 (kb. 368 cm 3 ) 4. A gáz meggyulladna, erősen kormozó lánggal égne. A kormozó égés oka: relatíve kis hidrogéntartalom. (A pontok akkor is megadhatók, ha etin helyett etént adott meg a feladat elején.) 5. A brómos víz elszíntelenedne. ½ pont A pi-kötés felelős reakcióért (a hármas kötés). ½ pont CH CH + Br 2 CHBr=CHBr, addíció 2 ½ (A pontok akkor is megadhatók, ha etin helyett etént adott meg a feladat elején. Ekkor azonban kettőskötésről kell szólnia.) 6. A fenolftalein megpirosodna. Az oldat lúgos kémhatású lett (a kalcium-hidroxid miatt). 14 pont VI/A. feladat 1. d CH 3 -COOH + NaHCO 3 = CH 3 -COONa + CO 2 + H 2 O 2. c CH 3 -NH-CH 3 3. e propanon v. dimetil-keton 4. b ph < 7 5. a C 5 H 5 N 6. b 7. e 12 = 1 VI/B. feladat A reakcióegyenlet: CH 3 COOH + NaOH = CH 3 COONa + H 2 O n(naoh) = cv = 9, mol. Ugyanennyi ecetsav volt a 10,00 cm 3 -es részletben. A teljes törzsoldatban ennek tízszerese: 9, mol. Ugyanennyi ecetsav volt a 10,00 cm 3 -es megecetesedett borban is. A borban literenként ennek százszorosa: 0,9494 mol ecetsav volt. Mivel 1 mol ecetsav 1 mol alkohol oxidációjából származik, 0,9494 mol alkohol alakult át. 17

18 100 g 100 g alkohol: n(c 2 H 5 OH) = = 2,174 mol. 46,0 g/mol 0,9494 mol Az alkoholnak: 100% = 43,7%-a alakult ecetté. 2,174 mol 1 VII. feladat a) A reakció lényege: 2 H 2 O 2 H (Ehelyett az elektródfolyamatok külön-külön felírva is elfogadhatók.) A katódon hidrogéngáz fejlődött. Az egyenlet alapján 73,5 dm 3 2/3 = 49,0 dm 3 hidrogéngáz képződött. b) 49,0 dm 3 hidrogéngáz 2,00 mol 2,00 mol hidrogéngáz 2,00 mol vízből képződött. 2,00 mol víz tömege: 2,00 18,0 g/mol = 36,0 g. Ha x g oldatból indultunk ki, abban 0,100x gramm Na 2 SO 4 volt. Az elektrolízis végén ugyanennyi oldott anyag marad. Az új oldat tömege: (x 36,0) gramm. Az új oldat 20,0 tömegszázalékos, így: 0,100x x 36,0 = 0,12 Ebből: x = 216 g, vagyis 216 g oldatot kezdtünk elektrolizálni. 10 pont VIII. feladat a) CH 4 + H 2 O CO + 3 H 2 ( a képletekért, a rendezés) CO + 2 H 2 CH 3 OH ( a képletekért, a rendezés) CH O 2 CO H 2 O ( a képletekért, a rendezés) CO 2 + H 2 CO + H 2 O b) 1000 t = kg kg n(metanol) = = kmol 32 kg/kmol Ehhez háromszor ennyi szintézisgáz kell: kmol kmol Ha 85%-os a termelés, akkor: = kmol-ból kell kiindulni. 0,85 V(gáz) = nv m = kmol 24,5 m 3 /kmol = 2, m 3 (2,7 millió köbméter) c) A fenti gáz egyharmada szén-monoxid: 0,9 millió m 3. Mivel 1 mol metánból 1 mol CO keletkezik, a szükséges metán is 0,9 millió m pont 18

19 7. FELADATSOR I. feladat 1. jodidion, I, 53 proton, 54 elektron 4 ½ pont ben jöttek rá. A golyvás vidékeken a talaj és az ivóvíz jódban szegény volt. A jód pótlásakor eltűnt a golyva a beteg emberekből. 3. Az ivóvízzel (vagy a növényekkel, azaz a táplálékkal). 4. egy barnamoszat (a Laminaria) Az érettségiző napi jódigénye a táblázatból: 150 µg. Az éves jódigény: µg = µg = 54,75 mg. A növény tömege: 54,75 g : 0,0045 = mg 12,2 g. 5. NaI Mert benne ionos állapotú a jód (vízben jól oldódik) és a kationja sem mérgező. 1 II. feladat 1. H N H 2. O 3. S 3 3 pont H H H 4. trigonális piramis 5. síkháromszög 6. V-alakú 7. dipólus 8. dipólus 9. dipólus csak együtt: 10. lúgos, NH 3 + H 2 O NH OH csak együtt: 11. semleges 12. savas, SO 2 + H 2 O H 2 SO 3 (és tovább: H 2 SO 3 + H 2 O HSO 3 + H 3 O + ) legalább az első egyenlettel együtt : 13. NO, H 2 O (NO 2 is elfogadható) csak együtt: 14. CO 2, H 2 O csak együtt: 15. SO Pl. hűtőgépek, salétromsavgyártás, műtrágyagyártás egy példa: 17. Pl. tetemek tartósítása, műanyaggyártás egy példa: 18. Pl. kénsavgyártás, fertőtlenítés (ételtartósítás) egy példa: 16 pont III. feladat C O 1. sűrűség 0,79 1,00 g/cm 3 között 2. hidrogén 3. oxidálódott (elektron szakadt le atomjairól le) 4. Bíborvörös lett az oldat. O 19

20 A keletkezett oldat lúgos kémhatását mutattuk ki Na + 2 H 2 O = 2 NaOH + H 2 2 Na + CH 3 -CH 2 -OH = 2 CH 3 -CH 2 -ONa + H 2 6. A oktán; B etanol (etil-alkohol); C kloroform (triklórmetán); D víz 1 helyes: 0 pont, 2 helyes:, az összes: 10 pont IV. feladat 1. I C; II A; III B; IV D 1 helyes:, 2 helyes:, az összes: 3 pont 2. réz + (forró) tömény kénsav redoxireakció 3. Na 2 CO 3 + H 2 SO 4 = Na 2 SO 4 + CO 2 + H 2 O (jó választás: ) 4. CH 3 -CH 2 -OH CH2=CH 2 + H 2 O (jó választás: ) 5. C 6 H 6 + HNO 3 C6H 5 NO 2 + H 2 O (jó választás: ) 1 V. feladat 1. C 2. E 3. C 4. C 5. E 6. C 7. D 8. A 9. A 10. B 10 pont VI. Számítás és kísérletelemzés 1. Zn + 2 HCl = ZnCl 2 + H 2 2. Nyitott szájával lefelé. A hidrogénnek kisebb a sűrűsége a levegőnél. 3. Felfoghatjuk víz alatt is. Oka: a hidrogén vízben gyakorlatilag oldhatatlan cm 3 sósav: 110 g, ez 11,0 g HCl-t tartalmaz, ami: n(hcl) = 11,0 g : 36,5 g/mol = 0,301 mol. 6,00 g cink: n(zn) = 6,00 g : 65,4 g/mol = 0,0917 mol. Az egyenlet alapján és a két anyagmennyiség összehasonlítása szerint a cink fogy el. 0,0917 mol Zn 0,0917 mol H 2 -t fejleszt. V(H 2 ) = 0,0917 mol 24,5 dm 3 /mol = 2,25 dm 3. (Az adatok összehasonlítása nélkül max. 3 pont adható erre a részfeladatra) 5. A telítés: C 2 H H 2 C 2 H 6 ( az acetilén képletéért, az egyenletért) 2,25 dm 3 hidrogén az egyenlet szerint 1,125 dm 3 acetilén telítéséhez elegendő. VII.A feladat 15 pont 1. a) NaCl, c) C 12 H 22 O 11, e) Na 3 PO 4 ½ ½ pont a helyes választásért, ½ ½ pont a helyes képletekért 2. b), d), f) minden helyes válasz, minden hibás, de 0-nál nem kevesebb 3 pont 3 pont 20

21 3. f) etanol (etil-alkohol): CH 3 CH 2 OH 2 ½ piridin, konstitúciója 2 ½ 4. d), CH 3 COOH + H 2 O CH 3 COO + H 3 O + csak együtt: s 1 b 2 b 1 s 2 5. b) fertőtlenítő és színtelenítő csak együtt: 6. Egyik sem adja. 14 pont VII.B feladat 1. 4,90 dm 3 klórgáz (½ pont az elem neve, ½ pont a térfogat) 2. 4,90 dm 3 hidrogéngáz (½ pont az elem neve, ½ pont a térfogat) 3. 4,90 dm 3 3 4,9 dm gáz: 3 24,5 dm /mol = 0,20 mol 0,20 mol Cl 2 és 0,20 mol H 2 0,40 mol HCl-ből keletkezett tehát: 0,40 mol 36,5 g/mol = 14,6 g HCl bomlott el. Ha x gramm sósavat kezdtünk elektrolizálni, abban 0,200x g HCl volt, az elektrolízis után (0,200x 14,6) g HCl maradt, az oldat tömege pedig (x 14,6) g lett. Az oldat 15,0 tömegszázalékos, így: 0,2x 14,6 x 14,6 = 0,15, ebből: x = 248,2, tehát 248 g 20,0 tömeg%-os sósavat kezdtünk elektrolizálni. 3 pont 4. A függvénytáblából a HCl képződéshője alapján: H 2 (g) + Cl 2 (g) = 2 HCl(g) r H = 185 kj/mol (vagy: ½ H 2 (g) + ½ Cl 2 (g) = HCl(g) r H = 92,5 kj/mol) az egyenletért, a reakcióhő helyes értékéért 0,2 mol hidrogén és 0,2 mol klór egyesülésekor az energiaváltozás: Q = 0,2 mol ( 185 kj/mol) = 37 kj (vagy: 37 kj hő szabadul fel) 5. ph = 11,0-ből [OH ] = 1, mol/dm 3. ph = 10,0 lesz a keletkező oldat, ebben 1, mol/dm 3 OH van. A lúgoldat 1 1 dm 3 -ét 1, mol 1, mol = 9, mol H + ional azaz ennyi HCl-dal lehet megváltoztatni, így a 0,4 mol HCl-dal: 0,4 mol mol/dm 3 = 444 dm 3 ph = 11,0-es nátrium-hidroxid-oldat ph-ját lehetne 1,00 egységgel megváltoztatni. 14 pont VIII. feladat A reakcióegyenlet: 2 CH 3 COOH + CaCO 3 = (CH 3 COO) 2 Ca + H 2 O + CO 2 10,0 g 10,0 g mészkő: n = 100 g/mol = 0,100 mol 0,100 mol mészkőhöz kell 0,200 mol ecetsav Ennek tömege: 0,200 mol 60 g/mol = 12,0 g A 20%-os feleslegben alkalmazott ecetsav: 1,2 12,0 g = 14,4 g 21

22 Az oldat tömege: 14,4 g : 0,200 = 72,0 g A szükséges ecetsavoldat térfogata: V = m/ρ = 69,9 cm 3. A folyamatban 0,100 mol CO 2 fejlődik, amelynek tömege 4,40 g. A keletkező oldatban 14,4 g 12,0 g = 2,40 g ecetsav marad. A keletkező oldat tömege: 72,0 g + 10,0 g 4,40 g = 77,6 g. 2,40 g Az ecetsavtartalom: 77,6 g 100% = 3,09 tömeg% (3,1 w%). 1 22

23 8. FELADATSOR I. feladat 1. Csökken. 2. ebonit: C, H, S polipropilén: C, H PVC: C, H, Cl 3. CaO + H 2 SO 4 = CaSO 4 + H 2 O 4. 1,00 t = 1000 kg, ebben van 25%, azaz 250 kg kénsavoldat. Ebben van: 250 kg 0,195 = 49 kg kénsav. Ez 0,50 kmol H 2 SO 4, amihez 0,50 kmol CaO-ra van szükség. Ennek tömege: 0,50 kmol 56 kg/kmol = 28 kg O Pb S O4 = 2 PbO + 2 S + O 02 A kén oxidációs száma csökken, vagyis redukálódik. Az oxigén oxidációs száma nő, vagyis oxidálódik. 6. A műanyagok elégetésével felszabadított hőt gőztermelésre használják. Az ebonit égetésekor kén-dioxid jut a légkörbe. A kén-dioxid a savas esők egyik fő okozója. 16 pont II. feladat 1. HCl + H 2 O H 3 O + + Cl 2. nincs reakció 3. CH 2 =CH 2 + HCl CH 3 -CH 2 Cl 4. NH 3 + HCl = NH 4 Cl 5. NH + 3 CH 2 COO + HCl NH + 3 CH 2 COOH + Cl (vagy: NH 2 CH 2 COOH + HCl NH + 3 CH 2 COOH + Cl ) 6. CH CH + HCl CH 2 =CH Cl (vagy: CH CH + 2 HCl CH 3 -CHCl 2 ) 7. CaO + 2 HCl = CaCl 2 + H 2 O 8. Zn + 2 HCl = ZnCl 2 + H 2 (ionegyenlet is elfogadható) 9. Az 1., 4., 5. vagy 7. reakció kiválasztása. A sav-bázis párok feltüntetése. 1 III. feladat 1. C 2. B 3. A 4. B 5. D 6. D 7. D 8. E 9. C 10. A 10 pont IV. feladat 1. B 2. A 3. B 4. C 5. B 6. C 7. B 8. A 8 pont V. feladat 1. Melegedést. 2. Exoterm folyamatok. 3. Az oldat energiatartalma magasabb. 4. CaCO HCl = CaCl 2 + H 2 O + CO 2 23

24 a kiválasztásért, az egyenletért CaC H 2 O = Ca(OH) 2 + C 2 H 2 a kiválasztásért, az egyenletért 5. a) 2 NO + O 2 = 2 NO 2 b) A függvénytáblázatból a képződéshők kikeresése: NO: +90,4 kj/mol, NO 2 : +33,5 kj/mol. A reakcióhő kiszámítása: r H = Σ k H(termék) Σ k H(reagens) (vagy ennek alkalmazása) r H = 2 33,5 kj/mol 2 90,4 kj/mol = 113,8 kj/mol. A henger fala tehát felmelegedne. VI/A. feladat 1 1. Valamennyi anyag kémiai elem. 2. a), c), e) pont 3. b), f) csak együtt: 4. c), d), e) csak együtt: 5. a) 6. b), e), f) pont 7. C + O 2 = CO 2 4 Al + 3 O 2 = 2 Al 2 O 3 2 H 2 + O 2 = 2 H 2 O 2 Cu + O 2 = 2 CuO 14 pont VI/B. feladat 1. H 2 + Cl 2 = 2 HCl 2. 2,00 dm 3 = 2000 cm 3. A desztillált víz a keletkezett HCl-t nyeli el. A maradék hidrogéngáz (mivel színtelen). Maradt 400 cm 3, így reagált 1600 cm 3. Az egyenlet alapján 800 cm 3 hidrogén és 800 cm 3 klór reagált. Eredetileg volt: 800 cm 3 klór és 1200 cm 3 hidrogén. A térfogatszázalékos összetétel: 40 tf% Cl 2, 60 tf% H cm 3 standard nyomású, 25 C-os HCl keletkezett. 3 1,60 dm n(hcl) = 3 24,5 dm / mol = 0,0653 mol. m(hcl) = 0,0653 mol 36,5 g/mol = 2,38 g 50,0 cm 3, azaz 50,0 g vízben oldva 52,38 g oldatot kapunk. 2,38 g A sósavtartalom: 52,38 g = 0,0454, azaz 4,54 tömeg% HCl. 14 pont VII. feladat 1. 2 Ca + O 2 = 2 CaO 2. A kalcium nem teljesen oxidálódott (maradt még elemi kalcium). 3. Hidrogén. 4. Ca + 2 H 2 O = Ca(OH) 2 + H 2 24

25 5. Az oldat megpirosodik. A lúgos kémhatás miatt cm 3 0,184 dm hidrogéngáz: n = 3 24,5 dm / mol = 0,00751 mol. Ez az egyenlet alapján 0,00751 mol kalcium által fejlődött. 1,00 g 1,00 g kalcium: n = 40,0 g / mol = 0,0250 mol. Az eloxidálódott kalcium: 0,0250 mol 0,00751 mol = 0,01749 mol. Ez az első egyenlet szerint 0, mol O 2 -t köt meg. m(o 2 ) = 0, mol 32,0 g/mol = 0,28 g. A szilárd anyag tömeg tehát 1,28 g lett. 7. A megkötött oxigén térfogata: V = 0, mol 24,5 dm 3 /mol = 0,214 dm 3. Ebből a levegő térfogata: 0,214 dm 3 : 0,210 = 1,02 dm 3, Tehát legalább 1,02 dm 3 -es volt az üveghenger térfogata. 16 pont VIII. feladat 1. C 6 H 12 O 6 2 C 2 H 5 OH + 2 CO 2 a glükóz képletéért, a termékek képletéért, az egyenletért 3 pont 2. Pl. 100 g bor 10,0 g C 2 H 5 OH-t és 5,00 g C 6 H 12 O 6 -t tartalmaz. 10,0 g etanol: n = m/m = 10,0 g : 46,0 g/mol = 0,2174 mol Az erjedés során 0,1087 mol glükóz erjedt és 0,2174 mol szén-dioxid távozott. Az erjedt glükóz: m(glükóz) = nm = 0,1087 mol 180 g/mol = 19,56 g A keletkezett szén-dioxid: m(co 2 ) = 9,57 g Az eredeti cukortartalom: 5,00 g + 19,56 g = 24,56 g A must eredeti tömege: 100 g + 9,57 g = 109,57 g 24,56 g Az must eredeti cukortartalma: 109,57 g = 0,224, azaz 22,4 tömeg%-os. 14 pont 25

26 9. FELADATSOR I. feladat 1. CH 4 + H 2 O = CO + 3 H 2 CO + 2 H 2 = CH 3 OH 2. A szintézisgáz előállítása endoterm folyamat. A reakcióhő számítása (a függvénytáblázat használatával): r H = 111 kj/mol [ 74,9 k/mol + ( 242 kj/mol)] = kj/mol. A metán egy részét ennek a hőnek a biztosítása miatt kell elégetni. 3. Ezzel az eljárással feleslegesen elégetjük a szintézisekhez szükséges szénhidrogénforrás egy részét. 4. brómozás, reakció vízzel = szubsztitúció 2 1 az utolsó lépés redoxireakció 5. A brómot a reakció végére eredeti (elemi) állapotában visszakapjuk. 6. etén, C 2 H 4 propén, C 3 H 6 benzin aromás szénhidrogének dimetil-éter: CH 3 -O-CH 3 közülük négyért: pont 15 pont II. feladat D A B D E D A B D 1 B 10 pont III. feladat C B B D A B C 7 pont IV. feladat 1. aceton (dimetil-keton, propanon) 2. folyékony 3. H 4. H 5. gáz 6. hangyasav (metánsav) 7. folyékony 8. NH 2 9. NH szilárd 11. metil-acetát 12. C 15 H OH (A 12. és 13. válasz felcserélhető.) 14. szilárd 26

27 15. C 17 H OH (A 15. és 16. válasz felcserélhető.) 17. folyékony pont V. feladat 1. Az oldatok színe alapján. A réz(ii)-nitrát oldat kék, a másik színtelen. 2. Az ezüst-nitrát-oldatban történik változás. A réz standardpotenciálja kisebb, mint az ezüsté, ezért a réz képes redukálni az ezüstionokat. 3. A rézdróton (fekete, majd) szürke bevonat képződik. (Vagy: a színtelen oldat kék színűvé válik.) 4. Cu + 2 AgNO 3 = Cu(NO 3 ) Ag (ionegyenlet is elfogadható: Cu + 2 Ag + = Cu Ag) ( a kémiai jelekért, a rendezésért) A réz redukálószer. 5. Például a cink. A réznél és az ezüstnél is kisebb standardpotenciálú fémre van szükség. Olyan fémre, amelyik nem lép reakcióba a vízzel (nem túlságosan negatív a standardpotenciálja.) 1 VI/A. feladat 1. Pl. színtelen, szagtalan gáz fejlődik 2. Pl. a fém feloldódik (vagy lassan fehér csapadék válik ki) 3. Ca + 2 H 2 O = Ca(OH) 2 + H 2 4. lúgos 5. NH 3 + H 2 O NH OH 6. fertőtlenítés 7. Cl 2 + H 2 O HCl + HOCl 8. savas 9. SO 2 + H 2 O = H 2 SO lúgos 11. CO H 2 O HCO 3 + OH 12. sósav 13. HCl + H 2 O = H 3 O + + Cl 15 pont VI/B. feladat 1. ph = 1,00-ből [H + ] = 1, mol/dm 3 0,100 mol/dm 3 -es a salétromsavoldat ph = 12,00-ből poh = 2,00, ebből [OH ] = 1, mol/dm 3 0,0100 mol/dm 3 -es lúgoldat 2. 10,0 cm 3 savoldatban: n(hno 3 ) = 0,100 mol/dm 3 0,0100 dm 3 = 1, mol salétromsav van. A reakcióegyenlet (HNO 3 + NaOH = NaNO 3 + H 2 O) alapján 27

28 ugyanennyi NaOH kell. A szükséges NaOH-oldat: V = n/c = 1, mol : 0,0100 mol/dm 3 = 0,100 dm 3 (azaz 100 cm 3 ) ,0 cm 3 savoldatban 5, mol salétromsav van. Ehhez a CaCO HNO 3 = Ca(NO 3 ) 2 + CO 2 + H 2 O egyenlet alapján 2, mol mészkőre van szükség. Ennek tömege: 2, mol 100 g/mol = 0,25 g (250 mg) ,0 cm 3 savoldatban 1, mol (0,01 mol) salétromsav van A hozzáadott V dm 3 lúgoldatban 0,01V mol NaOH van. A közömbösítés során ugyanennyi salétromsavat semlegesít, így marad: (0,01 0,01V) mol salétromsav. Az új oldat térfogata (0,1 + V) dm 3. Az új oldat savatralma: ph = 2,00-ből 1, mol/dm 3. Ez alapján felírható: 0,01 0,01 V 0,1 + V = 0,0100 Ebből: V = 0,45, azaz 450 cm 3 lúgoldat kell. 15 pont VII. feladat 1. V(Al) = (2,00 cm) 3 = 8,00 cm 3 m(al) = ρv = 21,6 g. 21,6 g n(al) = = 0,800 mol 27,0 g/mol N(Hg) = N(Al), így n(hg) = n(al) m(hg) = nm = 0,8 mol 200,5 g/mol = 160,4 g m 160,4 g V(Hg) = = ρ 3 13,6 g/cm = 11,8 cm ,00 dm 3 -ben (Avogadro-törvénye miatt) ,0 cm 3 oldat tömege: m = ρv = 20,0 cm 3 0,880 g/cm 3 = 17,6 g Az oldott anyag tömege: m(nh 3 ) = 17,6 g 0,34 = 5,984 g Az anyagmennyisége: n(nh 3 ) = m/m = 5,984 g : 17 g/mol = 0,352 mol A 2,00 mol/dm 3 koncentrációjú oldat térfogata: V(oldat) = 0,352 mol : 2,00 mol/dm 3 = 0,176 dm 3 (176 cm 3 ). 1 VIII. feladat 1. A szénhidrogén képlete: C x H y, ahol x : y = n(c) : n(h) Pl. 100 g vegyületet véve, abban 85,7 g szén és 14,3 g hidrogén van. n(c) = 85,7 g : 12,0 g/mol = 7,14 mol, (H) = 14,3 g : 1,0 g/mol = 14,3 mol. x : y = 7,14 : 14,3 = 1,00 : 2,00, vagyis a képlet: C n H 2n. 2. d = ρ 1 : ρ 2 = M 1 : M 2 M x d(o 2 ) =, ebből M x = 32 g/mol 2,625 = 84,0 g/mol. 32 g / mol M(C n H 2n ) = 12 n + 2n = 84,0 28

29 Ebből n = 6, vagyis a molekulaképlet: C 6 H A feladatban szereplő kritériumnak megfelelő vegyület: ciklohexán a ciklohexán konstitúciója 13 pont 29

30 10. FELADATSOR I. feladat 1. S + O 2 = SO 2 4 FeS O 2 = 2 Fe 2 O SO 2 a helyes képletek, a helyes rendezés 2. A ként redukálja a szén CaSO 4 (sz) + C = 2 CaO(sz) + 2 SO 2 (g) + CO 2 (g) A kén oxidációs száma 6-ról 4-re csökken, tehát redukálódik. 3. Az A módszer. Indoklás: nem jár melléktermék keletkezésével. 4. A C módszer. Indoklás: energiaigényes (endoterm) reakció. 5. A C módszerben +136 kj, azaz 136 kj szükséges. Az A módszerben 297 kj, azaz 297 kj szabadul fel. (A kén-dioxid képződéshője a függvénytáblázatból kikereshető.) 6. A melléktermékként keletkező kalcium-oxidot portlandcement-gyártásra használják. 1 II. feladat D C B D E C E A D 1 D B 1 III. feladat A A D B B A C 7 pont IV. feladat 1. HCOOH 2. hangyasav (metánsav) 3. CH 3 -CH 2 -OH 4. etanol (etil-alkohol) 5. CH 3 -NH 2 6. metil-amin 7. CH 3 -CO-CH 3 8. aceton (propanon, dimetil-keton) 9. CH 3 -CH=O 10. etanal (acetaldehid) 11. hangyasav, etanol, aceton 3 x, hibánként, de min. 0 3 pont 12. hangyasav HCOOH + H 2 O HCOO + H 3 O metil-amin CH 3 -NH 2 + H 2 O CH 3 -NH OH 17 pont 30

31 V. feladat 1. CH 3 CH 2 OH, CH 3 O CH etil-alkohol (etanol) 3. Hidrogén (H 2 ). 4. A fekete felületű rézdrót vörös lesz. 5. Ezüst válik ki a kémcső falára. 6. CH 3 CH 2 OH + Na CH 3 CH 2 ONa + ½ H 2 CH 3 CH 2 OH + CuO CH 3 CH=O + Cu + H 2 O CH 3 CH=O + 2 Ag OH CH 3 COOH + 2 Ag + H 2 O (1 a szerves termékek képletéért, 1 az egyenletrendezésért) 1 VI/A. feladat 1. 2 Mg + O 2 = 2 MgO 2. exoterm 3. 2 H 2 + O 2 = 2 H 2 O 4. durranógázpróba 5. N 2 + O 2 = 2 NO 6. igen magas hőmérséklet (3000 C, vagy katalizátor) 7. 4 P + 5 O 2 = 2 P 2 O 5 (vagy: P O 2 = 2 P 2 O 5, vagy: P O 2 = P 4 O 10 ) 8. a fehérfoszfor 9. C 8 H ,5 O 2 = 8 CO H 2 O ( a képletekért, a rendezésért) 10. benzinüzemű motorok üzemeltetése (nem elég a hőtermelés ) CO + O 2 = 2 CO 2 1 VI/B. feladat 1. 24,5 dm ,5 dm ,0 g : 32,0 g/mol = 0,500 mol ,0 g : 2,0 g/mol = 8 mol 4, ,0 g/mol : 24,5 dm 3 /mol = 1,31 g/dm ,0 g/mol : 24,5 dm 3 /mol = 0,082 g/dm 3 (82 mg/dm 3 ) 7. 32,0 g/mol : 4,0 g/mol = 8,0 8. 0, : 3, a reakcióegyenlet: C 2 H O 2 = 2 CO H 2 O : 1 (A reakcióegyenlet: C 2 H 4 + H 2 C 2 H 6 ) : : 4 = 8 : 1 1 VII. feladat 1. A polietilén: (-CH 2 CH 2 -) n. A monomer moláris tömege: M = 28 g/mol. 31

32 5 1,00 10 g 100 kg-ban: n = = 3571,4 mol monomeregység van, 28 g/mol ebből 7143 mol CO 2 keletkezik, ami: V = 7143 mol 24,5 dm 3 = dm 3 = 175 m 3. Ez körülbelül 175 : 0,01 = m 3 levegőnek emeli 1%-kal a CO 2 -tartalmát. (Illetve pontosabban: m m 3 = m 3 a levegő eredeti térfogata.) A PVC: ( CH 2 CHCl ) n, M(monomer) = 62,5 g/mol. A fentiekhez hasonló módon számolva: 7840 m 3 adódik. (Illetve pontosabban: 7840 m 3 78,4 m 3 = 7762 m 3 a levegő eredeti térfogata.) 2. A PVC esetében. Klórt is tartalmaz, amelyből erős sav, HCl keletkezhet. 3. A 100 kg PVC-ben: n(monomer) = 1600 mol. Ebből 1600 mol HCl keletkezhet. ph = 4,00 [H + ] = 1, mol/dm 3. n 1600 mol V(eső) = = c 4 3 1,00 10 mol/dm = 1, dm 3 = m pont VIII. feladat g 10,0%-os oldatban 50,0 HCl van. 50,0 g HCl 20,0%-os oldatból: 50,0 g : 0,200 = 250 g oldatban van. A szükséges sósav térfogata: V = m/ρ = 250 g : 1,10 g/cm 3 = 227 cm a) katód: 2 H + + 2e = H 2, anód: 2 Cl = Cl 2 + 2e b) A fentiek és Avogadro törvénye alapján a klór térfogata is 49,0 dm 3. c) 49,0 dm 3 hidrogéngáz 2,00 mol. Ez 4,00 mol HCl elbontásával képződött. Az elbontott HCl tömege: 4,00 mol 36,5 g/mol = 146 g. Ha m gramm 20%-os sósavból indultunk ki, akkor abban 0,2m gramm HCl volt, Az elektrolízis végére az oldott anyag tömege: (0,2m 146) gramm HCl lett. Az oldat tömege pedig: (m 146) gramm lett. Az így képződött oldat 10,0 tömegszázalékos: (0,2m 146) / (m 146) = 0,100. Ebből: m = Az elektrolizált sósav térfogata: V = 1314 g : 1,10 g/cm 3 = 1195 cm